CCOC
BAHAN AJAR
ANALISA STRUKTUR 2
JURUSAN TEKNIK SIPIL
FAKULTAS TEKNIK SIPIL DAN
PERENCANAAN
INSTITUT TEKNOLOGI ADHI TAMA
SURABAYA
2013
BOEDI WIBOWO
2
KATA PENGANTAR
Dengan mengucap syukur kepada Allah SWT , karena
dengan rachmat NYA kami bisa menyelesaikan
BAHAN AJAR ANALISA STUKTUR 2 .
Bahan ajar ini diharapkan dapat membantu proses belajar
mengajar di Jurusan Teknik Sipil .
Mata kuliah Analisa Stuktur 2 ini merupakan ilmu dasar
keahlian yang harus dipahami mahasiswa Teknik Sipil ,
dimana pada bahan ajar ini diberikan materi deformasi ,
cara perhitungan statika untuk Konstruksi Statis Tertentu
dengan cara Consistent Deformation dan Slope Deflection .
Oleh karena itu mahasiswa harus memahami secara benar ,
sehingga diperlukan membuat sajian materi dalam bentuk
bahan ajar .
3
MATERI
.PENGERTIAN DEFORMASI
. PERHITUNGAN DEFORMASI BALOK DAN
PORTAL DENGAN CARA UNIT LOAD.
. PERHITUNGAN STATIKA DENGAN CARA
CONSISTENT DEFORMATION .
. PERHITUNGAN STATIKA DENGAN CARA
SLOPE DEFLECTION .
5
17 – 18
EVALUASI AKHIR SEMESTER
VTanda Tangan Dosen Pengampu Dosen 1
(Koordinator)
Dosen 2 PERNYATAAN:
6
DEFORMASI
DEFORMASI ( PERUBAHAN BENTUK )
DEFLEKSI ( PENURUNAN / PERGESERAN ) ROTASI ( PERPUTARAN SUDUT )
∆ , δ θ , ϕ
q t/m
A θA B ∆VB θC C
P
A B
7
CARA UNIT LOAD
∆ , θ =
M = PERSAMAAN MOMEN AKIBAT BEBAN LUAR .
m = PERSAMAAN MOMEN AKIBAT BEBAN UNIT .
APABILA DITANYAKAN :
* ∆V , BEBAN UNIT P= 1 VERTIKAL . arah beban unit terserah , hanya
* ∆H , BEBAN UNIT P = 1 HORISONTAL . kalau hasil ∆ maupun θ negatif
* θ , BEBAN UNIT M =1 maka arah deformasi diatas kebalikan dari arah beban unit .
9
1 t/m 2T CARI BESAR PENURUNAN DI C
A 8m B 4m C 2m D
1 t/m 2T CARI PERSAMAAN M
A B C D
CARI PERSAMAAN m
A B P =1 D
DC 0<X<2 EI M = + 2X m = 0 2T
D D
CB 0<X<4 EI M= +2 ( 2+ X ) m = - 1X X C 2m X
P =1
BA 0<X<8 2EI M= +2 (6+X )+ 1X.1/2.X m = -1 ( 4+ X )
X 4m 2m 2T X 4m
½ x B C D B C
10
∆ VC =
∆ VC =
)
dx
∆ VC =
∆ VC =
∆ VC =
( karena hasil negative arah berlawanan dengan arah
beban unit )
0 0
12
BC 0<X<4 EI M = + 3,5( 2+ X ) – 4X mΔVc = +0,625( 2+X ) mѲc = -0,0625(2+X)
A 2m B X m A 2m B X m A 2m B Xm
3,5 0,625 0,0625
DC 0<X<10 2EI M = - 0,5 X mΔVc = - 0,375 X mѲc = -0,0625X
D D D
0,5 0,375 0,0625
∆Vc =
+
=
=
=
=
∆Vc =
0 0
2
0
13
Θc = 1,06062/EI
0
0 0
14
q = 1 t/m
A B 3T EI KONSTANT
HITUNG BESAR PENURUNAN DI TITIK A
5 m
C 3m q = 1t/m
A B 3T A B P = 1
Cari M Cari m
C C
AB 0<X<3 EI M = - 1 X. 1/2 X m = + 1 X
Q = 1X P=1
BC 0<X<5 EI M = - 3.1,5 + 3X = - 4,5 + 3X m = + 1.3 = + 3
3T 3T P=1
15
∆ VA =
+
=
+
=
+
= -
Δ VA = 34 , 875 / EI
0 3
0
5
16
2T 1 T
1t/m HITUNG BESAR ΔVD B 2EI C 2EI D 2EI E
EI 4m
1m A 6m 2m 2T 1 T 1t/m
B 2EI C 2EI D 2EI E EI gambar ini untuk mencari persamaan M 4m
1m A 6m 2m
B 2EI C 2EI D 2EI E EI P = 1
4m gambar ini untuk mencari persamaan m
17
BATANG ED 0<X<2 2EI M = +1X.1/2X + 1X m =0
X m P=1 X m
Q= 1X
BATANG DC 0<X<6 2EI M = +1(2+X) + 1/2( 2+X )2
= + 4 + 3X + 1/2 X2 m = -1X
X m q = 1t/m 1T X m
D 2m E D 2m E Q = 1( 2 + X ) P =1
BATANG BC 0<X<1 2EI M= -2X-1/2 .1.X2 m = 0
2T X m X m
18
BATANG CA 0<X<4 EI M = 1.8 + 1.8.4 -2.1 -1.1.0,5 = 37,5 m = -1.6 = -6
2T 1 T 1t/m
B 2EI C 2EI D 2EI E Q = 2T EI X m Q = 8 T
M
Mata melihat keatas
1m A 6m 2m
B 2EI C 2EI D 2EI E EI X m P = 1
m
Mata melihat keatas
∆ VD =
=
=
0 0
19
HITUNG BESAR Δ Hc
4T EI KONSTANT B
A 1,8 m 1,8 m c
4 m 2,4 m C 2,4m
c = m
X 4T
A B
1,8 = 0,6X X=3
X
gambar ini untuk mencari persamaan M C 2,4=0,8X
X
A B
X 0,6 X
gambar ini untuk mencari persamaan m C P= 1
MENCARI ∆ HC
CB 0<X<3 EI M = 0 m = + 1.0,6.X
0,6X
20
BA 0<X<4 EI M= + 4X m = + 1.1,8 = +1,8 4T
X X
3 m
P=1
=
21
PENGERTIAN TENTANG KONSTRUKSI STATIS TAK TENTU
SENDI A MEMPUNYAI REAKSI VA DAN HA A B ROL B MEMPUNYAI REAKSI VB
JEPIT A MEMPUNYAI REAKSI VA , HA DAN MA A B
KONSTRUKSI DIATAS ADALAH KONSTRUKSI STATIS TERTENTU , KARENA JUMLAH REAKSI TIDAK LEBIH DARI TIGA , SEHINGGA BISA DIHITUNG DENGAN MEMAKAI PERSAMAAN KESETIMBANGAN . ( ∑ H = 0 , ∑ M = 0 , ∑ V = 0 )
JADI KONSTRUKSI STATIS TAK TENTU ADALAH SUATU KONSTRUKSI YANG MEMPUNYAI REAKSI PERLETAKAN LEBIH DARI TIGA , SEHINGGA UNTUK MENGHITUNG REAKSI PERLETAKANNYA DIBUTUHKAN PERSAMAAN LAGI SELAIN TIGA PERSAMAAN
KESETIMBANGAN DIATAS . PERSAMAAN TERSEBUT ADALAH PERSAMAAN DEFORMASI.
2 REAKSI 1 REAKSI 3 REAKSI
1 REAKSI 3 REAKSI
22
MENENTUKAN DERAJAT ATAU TINGKAT KESTATIS TIDAK TENTUAN
CARA MENENTUKAN ATAU MENGHITUNG DERAJAT/ TINGKAT KESTATIS TIDAK TENTUAN 1 . JUMLAH REAKSI PERLETAKAN DIKURANGI 3
2 . JUMLAH GAYA KELEBIHAN YANG HARUS DIHILANGKAN AGAR KONSTRUKSI MENJADI KONSTRUKSI STATIS TERTENTU .
CARA PERTAMA A 3 REAKSI 3 REAKSI B N = 6 – 3 = 3
KONSTRUKSI DIATAS DISEBUT KONSTRUKSI STATIS TAK TENTU TINGKAT 3
CARA KEDUA , KONSTRUKSI DIATAS DIJADIKAN KONSTRUKSI STATIS TERTENTU .
GAYA KELEBIHAN YANG DIBUANG A B ADALAH VB , HB , MB
23
PENYELESAIAN DENGAN CARA CONSISTENT DEFORMATION
1. KONSTRUKSI STATIS TAK TENTU DIANGGAP DULU SEBAGAI STATIS TERTENTU DENGAN MENGHILANGKAN GAYA KELEBIHAN .
A B
KONSTRUKSI STATIS TAK TENTU
A B DIATAS DIJADIKAN STATIS TAK TENTU
DENGAN MENGHILANGKAN GAYA KELEBIHAN VB
A B KONSTRUKSI STATIS TAK TENTU DIATAS DIJADIKAN STATIS TAK TENTU
DENGAN MENGHILANGKAN GAYA KELEBIHAN MA
2. MENGHITUNG BESAR DEFORMASI AKIBAT BEBAN LUAR YANG BEKERJA . GAYA KELEBIHAN V , HITUNG Δ v
24
3. DITEMPAT DIMANA GAYA KELEBIHAN DIHILANGKAN DIBEBANKAN BEBAN UNIT , DICARI JUGA DEFORMASINYA . ( BEBAN LUAR TIDAK DIGUNAKAN LAGI )
GAYA KELEBIHAN V , HITUNG δv GAYA KELEBIHAN H , HITUNG δh GAYA KELEBIHAN M, HITUNG
4. TENTUKAN PERSAMAAN CONSISTENT DEFORMATION UNTUK MENDAPATKAN BESAR GAYA KELEBIHAN YANG DIHILANGKAN .
5. DARI HASIL DIATAS , MAKA DAPAT DICARI SELURUH REAKSI PERLETAKANNYA DAN BIDANG MOMEN , NORMAL DAN LINTANG DAPAT DIGAMBAR .
CONTOH .
A B C
GAYA LELEBIHAN VB
Dengan gambar disamping cari ΔVB A B C
VB =1
Dengan gambar disamping cari δVbb A B C
26
4T 4TM ∑ MC = 0 MC – 4.10 +5,5.8 =0
MC = -4 TM MC = 4TM
5,5 T 1,5 T
4T
8TM 4T 1,5 T 8TM 4TM 1,5 T
D
M
4T 4T
1,5T 1,5T
8TM
30
+ =
-
δ V aa = +
=
+ +
∆ VA + VA .
δ V aa = 0
VA = - 0,646 T
VA = 0.646 T
A B A B 3,646T
3 T 6,44 TM 3T 0,646 T 0,646T 3,646T
6,44 TM
8,56 TM 8,56TM
C C
3,646 T 3T 3,646 T
∑MC = 0 + MC – 0,646 . 3 – 3.1,5 + 3.5 = 0 MC = - 8,56 TM
BATANG AB ∑ MB = 0
+ MB – 0.646 . 3 – 3.1,5 = 0 MB = 6,44 TM
0
3 0
5
31
N
3,646
3
0,646 3,646
D
3
6,44
6,44
M
32 4T EI KONSTANT
B
A 1,8 m 1,8 m c
4 m 2,4 m C 2,4m
c = m
X 4T
A B
1,8 = 0,6X X=3
X
gambar ini untuk mencari ∆HC dan persamaan M C 2,4=0,8X
X
A B
X 0,6 X
gambar ini untuk mencari δHCC dan persamaan m C HC =1
MENCARI ∆ HC
34
3,56 T 2,85 T
N
2,85 T4 T 4T
D
2,14 T
9,6 TM
6,4 TM 6,4
35
SLOPE DEFLECTION
STIFFNESS ( JEPIT – JEPIT )
M ij = MF ij + K ij ( θ i + θ j /2 )
Rumus disamping digunakan untuk
MODIFIED ( JEPIT – SENDI / ROL )
konstruksi yang tidak mengalami
M ij = MF ij + K ij ( θ i ) + 1/2 M ji pergoyangan .
M ij = momen batang ij
K ij = angka kekakuan batang ij
jepit – jepit K ij = 4 EI / L
Jepit – sendi atau rol K ij = 3 EI / L
Θ = rotasi ( ingat rotasi di jepit = 0 )
∑ momen pada satu titik kumpul = 0
Dari gambar
disamping ttk B
A B C
dianggap jepit .
6 M 4 M
M BA memakai rumus
MODIFIED
sedang untuk M BC memakai rumus
STIFFNES
.
M BA + M BC = 0
MF BA + 3 EI / 6 ( θB )+ ½ M AB + MF BC + 4 EI / 4 ( θB + θC / 2 ) = 0
Θc= 0 karena titik C adalah jepit
36
RUMUS MOMEN PRIMAIR ( MF )
TANDA MOMEN DIATAS HANYA DIPAKAI PADA AWAL PERHITUNGAN SAMPAI PENGGAMBARAN FREE BODY SAJA , TIDAK DIPAKAI UNTUK GAMBAR BIDANG MOMEN .
q MF AB = + 1/12 q l 2 A B MF BA = - 1/12 q l 2
Arah momen mengembalikan arah
l
lendutan .
MF AB = + 1/8 q l 2 A B
P
MF AB = + P a b 2 / l 2 A a b B MF BA = - P b a2 / l 2
a = b MF AB = - MF BA = 1/8 PL
P
A B MF AB = + 3/16 P l
½ l ½ l
39
2T 2t/m 4T 2T
A EI B 2EI C EI D EI E F
2m 6m 4m 4m 2m
2T 2t/m 4T 2T
A EI B 2EI C EI D EI E F
M BA = -2.2 = - 4 TM M EF = + 2.2 = + 4 TM
VARIABEL ADALAH Θc
MCB + MCE = 0
MF CB + K CB ( Θc ) + 1/2 M BC + MF CE + K BC ( θC ) + 1/2 M EC = 0 - 1/8.2.62 + 3.2EI / 6 ( Θc ) + 1/2 ( + 4 ) + 3/16.4 .8 + 3EI/8 ( θc ) + 1/2 ( - 4 ) = 0
-9 + EI ( Θc ) + 2 + 6 + 0,375 EI ( θc ) – 2 = 0 -3 + 1,375 EI θc = 0 Θc = 2,182 /EI
40 2T 2t/m 4T 2T
A 2m B 6m C 4m D 4m E F 4TM 4 TM 4,8 TM 4,8 TM 4 TM 4 TM
2T 5,87 T 6,13 T 2,1 T 1,9 T 2 T
BATANG BC BATANG CE
∑ MC=0 VB.6 -4 + 4,8 – 2.6.3 =0 ∑ ME=0 VC.8 -4,8 -4.4 + 4 = 0
VB = 5,87 T VC = 2,1 T
VC = 6,13 T VD = 1,9 T
5,87
2,1 2,1 2 2
2 2 1,9 1,9
D
4 4,8 4
M
4,614 3,6
BATANG BC DX = 0 5,87 – 2X = 0 X = 2,935 M
MX = 5,87 X – 4 – 2X . 1/2 X X = 2,935 M M MAX = 5,87. 2 935 – 4 – 2.2,935.1/2 2,935 =
M MAX = 4,614 TM
44
SOAL TUGAS ANALISA STRUKTUR 1
a m b m
b m a m
CATATAN
Nim
berakhiran
a
b
P
q
ditanyakan
0,5,9,8 2 8 4 1 ∆vC , ѲB
1,4,7 3 6 3 2 ∆vB, ѲC
2,6,3 2 5 2 1 ∆vC , ѲC
A B
c
q t/ m
P ton
q t/ m
A
B
47
TUGAS ANALISA STRUKTUR 1 FT SIPIL UNITOMO
P TON
EI 2 EI
A B C D a m a m b m
1 . HITUNG BESAR REAKSI 2 PERLETAKANNYA DENGAN CARA : * . CONSISTENT DEFORMATION .
* . SLOPE DEFLECTION .
2 . HITUNG DAN GAMBAR BIDANG M DAN BIDANG D .
CATATAN
NIM BERAKHIRAN
a m
b m
P TON
0 5
2
8
6
7 3
3
10
4
1 8
4
12
5
9 2
3
9
3
49
SOAL UJIAN AKHIR SEMESTER GENAP 2009 – 2010
TEKNIK SIPIL UNITOMO
MATA KULIAH : ANALISA STRUKTUR 1 SIFAT / KELAS : TERBUKA / PAGI
WAKTU : 90 MENIT DOSEN : BOEDI WIBOWO
P TON q t/m
EI 2 EI
A B C D a m a m b m
1 . HITUNG BESAR REAKSI 2 PERLETAKANNYA DENGAN CARA : * . CONSISTENT DEFORMATION .
* . SLOPE DEFLECTION .
2 . HITUNG DAN GAMBAR BIDANG M DAN BIDANG D .
CATATAN
NIM
a m
b m
P TON
q t/m
GENAP
2
8
4
1
50
SOAL UJIAN AKHIR SEMESTER GENAP 2009 – 2010
TEKNIK SIPIL UNITOMO
MATA KULIAH : ANALISA STRUKTUR 1 SIFAT / KELAS : TERBUKA /SORE
WAKTU : 90 MENIT DOSEN : BOEDI WIBOWO
q t/m P TON
2EI EI
A B C D b m a m a m
1 . HITUNG BESAR REAKSI 2 PERLETAKANNYA DENGAN CARA : * . CONSISTENT DEFORMATION .
* . SLOPE DEFLECTION .
2 . HITUNG DAN GAMBAR BIDANG M DAN BIDANG D .
CATATAN
NIM
BERAKHIRAN
a m
b m
P TON
q t/m
3 4 2 7 9
2
8
4
1
51