Bagian 1
Integral Rangkap
Bagian 1 Integral Rangkap mempelajari bagaimana teknik integrasi yang telah Anda pelajari dalam Matematika Teknik 1 dikembangkan lebih lanjut sehingga menjadi integral yang rangkap. Teknik integrasi rangkap ini dapat kita pakai untuk menghitung luas dan menghitung volume benda. Lebih jauh, teknik ini dapat digunakan untuk menghitung pusat massa suatu benda.
Pengetahuan pada Bagian 1 ini diharapkan memberikan sedikit informasi kepada Anda, bahwa ilmu matematika sebenarnya sangat mudah diterapkan untuk mengatasi persoalan. Ilmu matematika tidak hanya sebatas angka-angka perhitungan saja, tapi dapat digunakan untuk memecahkan persoalan yang terjadi di sekeliling kita.
Kompetensi yang diharapkan setelah Anda menyelesaikan Bagian 1 Integral Rangkap adalah Anda mampu:
1. Menghitung integrasi rangkap dua.
2. Menghitung luas di antara dua kurva dengan menggunakan integral rangkap. 3. Menghitung integrasi rangkap tiga.
4. Menghitung volume dengan menggunakan integral rangkap tiga. 5. Menghitung pusat massa dan pusat gravitasi.
1.1 Integrasi Rangkap Dua
Gagasan dari integrasi tertentu dapat digunakan secara luas untuk fungsi dengan dua atau lebih variable. Integrasi tertentu untuk satu variable yang dinyatakan dengan rumus dx . ) x ( f b a
∫
1.1dibuat dari permasalahan untuk menghitung luas di bawah kurva. Integrasi fungsi dua variable dibuat dari permasalahan volume.
Secara umum integral lipat dua ditulis dalam bentuk :
∫∫
s
f (x, y) atau
∫∫
f (x, y) dx dy 1.2s
Untuk integral lipat dua atas persegi panjang ditulis dalam bentuk
∫
2 1 y y∫
2 1 x x f (x, y) dx dy 1.3Integral ini juga dapat diberikan dalam bentuk
∫
2 1 x x∫
2 1 y y f (x, y) dx dy 1.4Masalah menentukan volume benda padat pada tiap titik yeng terletak antara bidang R dalam bidang xy dan permukaan z = f(x,y), dimana f(x,y) kontinu di atas R dan f(x,y) > 0 untuk semua (x,y) dalam R dapat dilakukan dengan langkah sebagai berikut.
1. Buat garis paralel menuju sumbu koordinat.
2. Asumsikan bidang terbagi dalam n segiempat, ambil suatu luasan tertentu yang ke pada segiempat dengan luas Δxk
3. Pilih sembarang titik pada segiempat yang diambil dan untuk segiempat ke k misalkan (xk,yk)
4. Puncak dari segiempat bidang adalah nilai fungsi pada titik (xk,yk) atau nilai
f(xk,yk), maka volume dari benda segiempat tersebut adalah :
(
)
k * k * k,
y
.
A
x
f
Δ
5. Karena terdiri banyak segiempat, maka volume benda adalah :
(
)
∑
=Δ
n 1 k k * k * k,
y
.
A
x
f
≈ + → = nlim V∑
(
)
=Δ
n 1 k k * k * k,
y
.
A
x
f
1.5aPenjumlahan di atas dikenal dengan Penjumlahan Riemann (Riemann Sum). Karena sisi kanan adalah definisi integrasi tertentu, maka rumus volume :
∫∫
= R dA ). y , x ( f V 1.5bIntegrasi Yang Diulang
Turunan parsial fungsi f(x,y) dihitung dengan menurunkan salah satu variable dan variable lain dihitung selanjutnya. Sedangkan proses pembalikannya disebut integrasi parsial.
∫
b a dx ). y , x ( f ... dan ...∫
1.6 d c dy ). y , x ( f Contoh 1.1 Hitunglah integrasi∫
1 0 2 .dx xy Penyelesaian :∫
= = 1 0 2 2 2 y 2 1 dx . x y dx . xyContoh 1.2 Hitunglah integrasi
∫
1 0 2 .dx xy Penyelesaian : x 3 1 dy . y x dx . xy 1 0 2 1 0 2 = =∫
∫
Proses integrasi dua tahap, baik terhadap x dan terhadap y disebut Integrasi Iterasi atau Integrasi Yang Diulang
∫∫
∫ ∫
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
=
d c b a d c b ady
.
dx
).
y
,
x
(
f
dy
.
dx
).
y
,
x
(
f
∫∫
∫ ∫
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
=
d c b a d c b adx
.
dy
).
y
,
x
(
f
dx
.
dy
).
y
,
x
(
f
∫∫
=∫∫
=∫∫
R d c b a b a d c dy . dx ). y , x ( f dy . dx ). y , x ( f dA ). y , x ( f 1.7 Contoh 1.3 Selesaikan integrasi∫∫
+ 3 0 2 1 . ). 8 1 ( xy dydx Penyelesaian :∫∫
∫ ∫
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
+
=
+
3 0 2 1 3 0 2 1dx
.
dy
).
xy
8
1
(
dx
.
dy
).
xy
8
1
(
Contoh 1.4 Selesaikan integrasi∫
[
+]
=∫
+ = 3 0 3 0 2 1 2 57 dx ). x 12 1 ( dx . xy 4 y Penyelesaian :[
]
∫
+ =∫
+ = 3 0 3 0 2 1 2 57 dx ). x 12 1 ( dx . xy 4 y Contoh 1.5Evaluasi integrasi y x.dA di atas bidang segiempat R = {(x,y) ; -3<x<2, 0<y<1}
R 2
∫
∫
∫
∫
− − −=
=
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
=
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
=
2 1 2 3 2 3 10 3 1 0 26
5
dx
.
x
3
1
dx
.
x
y
3
1
dx
.
dy
.
x
y
V
... sat.volume ... sat.volume Contoh 1.6 Contoh 1.6Hitung volume benda di bawah bidang z = 4 – x – y dan di atas bidang segiempat R = { (x,y) ; 0 < x < 1, 0 < y < 2 Penyelesaian :
∫
∫
∫
∫
⎟
=
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛ −
=
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
−
−
=
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
−
−
=
2 0 2 0 2 0 1 0 2 1 05
dy
.
y
2
7
dy
.
xy
x
2
1
x
4
dy
.
dx
).
y
x
4
(
V
.... sat. vol. Contoh 1.7∫
2 0∫
1 0 (x2 + 2y) dx dy =∫
( 2 03
1
x 3 + 2y x )∫
dy = [,( 1 0∫
2 03
1
+ 2y) – 0 ] dy = (3
1
x 2y + y2) =∫
2 03
2
+ 4 = 43
2
Atau dapat diselesaikan dalam bentuk
∫
1 0∫
2 0 (x2 + 2y) dx dy = (x 2y + y2) dx = [ (sx2 + 4) – 0] dx∫
1 0∫
2 0∫
1 0 = (3
2
x 3 + 4 x)∫
= 1 03
2
+ 4 = 43
2
Integrasi Rangkap Dua dengan Alas Tidak Segiempat
Yaitu integral yang alasnya bukan persegi panjang, tapi dalam bentuk fungsi x dan t, dengan memandang bidang x y dapat digambarkan alas sebagai berikut.
Dengan memandang daerah integrasi S, maka S dibagi menjadi n bagian (elemen) oleh garis – garis yang sejajar sumbu koordinat sehingga terdapat n bagian ∆ Ai.
I = 1,2,3………..,n ; dan
∆ Ai = ∆ x, ∆y
Ambillah (xi, yi) sembarang dalam ∆ Ai dan n → MMMMM, sedemikian sehingga ∆ Ai yang terbesar → o
Maka yang dimaksud integral rangkap dua dari fungsi f (x, y) melalui perhatikan daerah S yang dibatasi oleh garis-garis sejajar sumbu koordinat, sehinga terdapat bentuk garis lengkung berikut :
B1 A1 B2 memperlihatkan x = x1 (y) → fungsi dari y
B2 A2 B2 memperlihatkan x = x2 (y) → fungsi dari y
A1 B1 B2 memperlihatkan y = y1 (x) → fungsi dari x
A2 B2 A1 memperlihatkan y = y2 (x) → fungsi dari x
Maka diperoleh bentuk integral :
∫∫
s f (x,y) dx dy=
∫
f (x,y) dx dy 2 1 b b∫
) ( ) ( 2 1 y x y x=
∫ ∫
f (x,y) dx dy 1.8 2 1 a a ) ( ) ( 2 1 x y x y Definisi :a. Bidang tipe I dibatasi garis x = a dan x = b di kiri dan kanan, dan dibatasi fungsi y = g1(x) dan y = g2(x) di bawah dan di atas, dimana g1(x) < g2(x) untuk harga a
< x < b
b. Bidang tipe II dibatasi garis y = c dan y = d di bawah dan di atas, dibatasi fungsi x = h1(y) dan x = h2(y) di kanan dan kiri, dimana h1(y) < h2(y) untuk harga c < y
Teorema :
a. Jika R tipe I, dimana f(x,y) kontinu, maka :
∫∫
=
∫ ∫
R b a ) x ( g ) x ( g 2 1dx
.
dy
).
y
,
x
(
f
dA
).
y
,
x
(
f
1.9b. Jika R tipe II, dimana f(x,y) kontinu, maka :
∫∫
=
∫ ∫
R d c ) x ( h ) x ( h 2 1dy
.
dx
).
y
,
x
(
f
dA
).
y
,
x
(
f
1.10 Contoh 1.8Evaluasi integrasi
∫∫
xy
.
dA
di atas bidang R yang dibatasi antara garis y =1/2x dan y = ½ serta garis x =4 dan x= 2Penyelesaian :
∫ ∫
∫
∫
⎟
=
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
−
=
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
=
4 2 2 2 / x 4 2 4 2 3 2 x 2 / x 26
11
dx
.
x
8
1
x
2
1
dx
.
xy
2
1
dx
.
dy
.
xy
... sat. luas
Contoh 1.9Hitung volume benda yang dibatasi oleh bidang z = 4 – 4x – 2y dengan sumbu koordinat.
Penyelesaian :
(
)
[
]
(
)
∫ ∫
−∫
−∫
= − − = − − = − − 1 0 x 2 2 0 1 0 1 0 2 x 2 2 0 2 3 4 dx . x 4 x 8 4 dx . y xy 4 y 4 dA . y xy 4 y 4 .... sat.vol.Menghitung Luas, Volume, dan Inersia Dengan Integrasi Rangkap
Dua
Jika bidang pembatas z = 1, maka rumus volume di atas menjadi :
∫∫
=
R
dA
R 1.11
Volume = luas dasar/alas x tinggi
= luas dasar/alas x 1
= luas dasar/alas (R)
Contoh 1.10
Hitung bidang R yang dibatasi bidang parabola y = 1/2x2 dan garis y = 2x
Gambar bidang R untuk daerah dan kurva yang dimaksud diperlihatkan pada gambar dibawah ini.
Penyelesaian :
[ ]
∫ ∫
∫
∫
⎟
=
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
−
=
=
=
4 0 x 2 x 2 / 1 4 0 4 0 2 x 2 x 2 / 1 2 23
16
dx
.
x
2
1
x
2
dx
.
y
dx
.
dy
R
... sat.luas Contoh 1.11Hitunglah isi benda yang dibatasi oleh bidang z = 0, permukaan z = x2 + y2 + 2 dan
tabung x2 + y2 = 4.
Penyelesaian:
Z = x2 + y2 merupakan lingkaran untuk z > 2 maka permukaan tersebut merupakan porabola putar degan poros sumbu z.
x1 = 0 → x2 = 4− y2 y1 = 0 → y2 = 2 , maka ¼ V =
∫
2 0∫
− 2 4 0 y (x2 + y2 + 2) dx dy =∫
( 2 03
1
x3 + xy2 + 2x)∫
− 2 4 0 y dy = 4 (3
2
) (y2 + 5)∫
2 0 24
−
y
dy Substitusi : Y = s sinθ
→ dy = 2 cosθ
= 0 y = →θ
= 0 y = →θ
= ½ Maka : V =3
8
∫
( 4 sin2 2 / 0 πθ
+ ) (4 cos2θ
) dθ
= 323∫
2 / 15 0( 4 sin2
θ
cos2θ
) + 5 cos2θ
) dθ
= 323
∫
2 / 15 0 ( 9 cos2θ
) (4 cos2θ
) dθ
= 323 9(
[
8
3
)
8
sin
cos
3
4
sin
cos
(
4
)
2
2
sin
.
cos
θ
θ
θ
3θ
θ
3θ
θ
θ
+
+
−
+
]
0
2
/
15
= 323⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
−
)
16
3
(
4
)
4
(
9
π
π
= 16π
Contoh 1.12Tentukan dan hitung letak berat, moment—momen inersia terhadap sumbu, koordinat dan terhadap titik asal 0 dari bidang datar yang dibatasi paraboa y2 = y3
garis y = x kerapatan k = 1 Penyelesaian: Mx =
∫
y dy dx 1/2 y2 dx 1 0∫
x x3/2∫
1 0∫
x x3/2 = ½∫
(x2 – x3) dx = y 2 ( 1 03
4
4 3x
x −
)∫
= 1 024
1
24
10
10
/
1
21
10
10
/
1
24 21=
=
=
=
=
Y
M
M
dan
Y
M
M
x
y x Titik berat = (12
5
,
21
10
)Momen inersia terhadap sumbu x : Ix =
∫
∫
y2 dy dx =∫
1 0 x x3/2 1 03
1
y3 dx∫
x x3/2 =3
1
∫
(x2 – x912 ) dx = 1 03
1
(11
2
4
2 / 11 4x
x −
)∫
1 044
1
Momen inersia terhadap sumbu y : Iy =
∫
∫
x2 dy dx = (x2y) dx 1 0 x x3/2∫
x x3/2 =∫
(x3 – x712 ) dx = ( 1 09
2
4
2 / 9 4x
x −
)∫
1 036
1
Latihan Soal 1.1
Setelah Anda selesai mempelajari materi di atas, kini saatnya untuk melatih diri mengerjakan soal-soal berikut. Buatlah penyelesaian setiap soal dengan sistematis untuk mendapatkan jawaban akhir yang benar. Selamat berlatih...!!!
1. Hitung integral
∫ ∫
(x,y) dx dy1 0 1 x 2. Hitung integral
∫
1 0∫
− 2 0 x a 2 21
−
x
−
y
dx dy3. Hitunglah isi benda yang dibatasi oleh tabung x2 + y2 = a2, z = 0 dan bidand z =
y = 0
4. Hitunglah isi benda yang bagian atas dibatasi oleh paraboloida z = x2 + 4y2
bagian bawah dibatasi oleh bidang z = 0 dan bagan-bagian samping oleh permukaan silinder x2 = y dan y2 = x.
5. Hitunglah luas bidang datar yang dibatasi oleh parabola y = 4 – x2 dan garis Y =
3 x.
6. Hitunglah luas bidang datar yang dibatasi oleh parabola y = x2 – x dan garis y +
x = 1.
7. Tentukan letak titik berat (
x
, y
)
dari bidang datar yang dibatasi oleh parabola y2= x dan garis x = 1, Jika Kerapatan k dititik (x,y) adalah k = x2 + y2.
1.2 Integrasi Rangkap Tiga
Misalkan G adalah kotak segiempat yang dibatasi pertidaksamaan a ≤ x ≤ b, c ≤ y ≤ d, k ≤ z ≤ 1. Jika f adalah kontinu pada bidang G, maka :
∫∫∫
=∫∫∫
b a f c l k dx . dy . dz ). z , y , x ( f dV ). z , y , x ( f 1.12 Contoh 1.13Evaluasi integrasi rangkap tiga di atas kotak segiempat G yang
dibatasi pertidaksamaan : -1 ≤ x ≤ 2, 0 ≤ y ≤ 3, 0 ≤ z ≤ 2,
∫∫∫
0 3 2dV
.
z
xy
12
Penyelesaian :∫∫∫
G 3 2dV
.
z
xy
12
=∫∫∫
∫∫
[
]
− − = 2 1 3 0 2 0 2 1 3 0 2 0 4 2 3 2 dx . dy . z xy 3 dV . z xy 12 =∫∫
∫
[
]
− − = 2 1 3 0 2 1 3 0 3 2 dx . xy 16 dx . dy . xy 48 =∫
... sat. volume −=
2 1648
dx
.
x
432
Contoh 1.14
Hitunglah isi benda yang dibatasi oleh silinder x2 + y2 = a2, bidang – bidang z = y
dan z = o. Penyelesaian:
Satu per empat bagian dari benda tersebut maka batas :
z1 = 0 → z2 = y y1 = 0 → y2 = a2 −x2 x1 = 0 → x2 = a I = 4
∫
a o∫
−x2 o o∫
y o dz dy dx = 4∫
a o∫
−x2 o o = 2∫
y2 a o∫
−x2 o o dx = 2∫
(a2 – x2) dx a o = s ( a2 x -3
1
x 3)∫
= a o3
4
a3 Contoh 1.15Hitunglah isi benda yang berada di dalam (dibatasi oleh) bola x2 + y2 + z2 = 8 dan
paraboloida putaran x2 + y2 = 2 z
Penyelesaian:
Dari kedua persamaan diperoleh : Z2 + 2 z – 8 = o → (z +4) ( z – 2) = o
Karena z =
2
1
(x2 + y2) selalu positif maka dibidang potongnya pada z = 2 dengan
penyusunan koordinat silinder, maka batas menjadi :
z = ½ r2 → z 2 = 8−r2 r1 = 0 → r2 = 2 a sin
θ
θ
= 0 →θ
2 = ½π
I = 4∫
π 2 / 1 o∫
2 o =∫
− = 2 8 2 / 1 r r z r a dr dθ
=∫
r.z π 2 o∫
2 o∫
− 2 2 / 2 8 r r - dr dθ
π π= 4
∫
π 2 / 1 o3
2
( 8 2 - 7) dθ
=3
4
π
3
2
( 8 2 - 7)Integrasi Rangkap Tiga dengan Banyak Bidang
Pembatas
Teorema :
Misalkan G adalah benda solid dengan permukaan atas z = g2(x,y) dan bidang alas
z = g1(x,y) dan misalkan R adalah proyeksi benda G pada bidang xy. Jika f(x,y,z)
adalah kontinu pada G, maka :
∫∫∫
∫∫ ∫
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡
=
G R ) y , x ( g ) y , x ( gdA
.
dz
).
z
,
y
,
x
(
f
dV
).
z
,
y
,
x
(
f
2 1 1.13 Contoh 1.16Misalkan G adalah lempengan dalam oktan pertama yang terbuat dari benda bulat padat y2 + x2 ≤ 1 yang dipotong oleh bidang y = x dan x = 0. Hitunglah volume G.
Penyelesaian :
∫∫
∫
−=
∫∫
⎢⎣
⎡
⎥⎦
⎤
−⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡
R 1 0 y 0 y 1 0 2 y 1 0dy
.
dx
z
2
1
dy
.
dx
.
dz
.
z
2 2∫∫∫
GdV
.
z
= =∫∫
(
)
∫
(
)
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
−
=
−
1 0 y 0 1 0 y 0 2 2dy
.
x
.
y
1
2
1
dy
.
dx
.
y
1
2
1
=∫
(
−)
= 1 0 3 volume . sat ... 8 1 dy . y y 2 1Contoh 1.17
Hitung volume benda yang dibatasi x2 + y2 = 9 dan bidang z =1, x + z = 5
Penyelesaian : V = 36π sat. volume
Latihan Soal 1.2
Setelah Anda selesai mempelajari materi di atas, kini saatnya untuk melatih diri mengerjakan soal-soal berikut. Buatlah penyelesaian setiap soal dengan sistematis untuk mendapatkan jawaban akhir yang benar. Selamat berlatih...!!!
1. Evaluasi integral
∫∫∫
− + + 1 1 2 0 1 0 2 2 2 ) (x y z dxdydz 2. Evaluasi integral∫ ∫
∫
2 / 1 3 / 1 0 1 0 sin π dx dy dz xy zx 3. Evaluasi integral∫ ∫ ∫
− 3 0 9 0 0 2 z x dz dx dy xy4. Evaluasi integral bidang G , dimana G adalah bidang solid pada oktan pertama yang dibatasi oleh silinder paragbola z = 2 – x2 dan bidang z = 0,
y = x, dan y = 0
∫∫∫
xyz
dV
5. Evaluasi integral bidang G , dimana G adalah segiempat
yang dibatasi pertidaksamaan 0
∫ ∫∫
/2 1 3 / 1 0 1 0 sin π dx dy dz xy zx < x < π, 0 < y < 1, dan 0 < z < π/61.3 Pusat Gravitasi dan Teorema Pappus
Massa Benda
Massa sebuah benda dapat dihitung dengan menggunakan persamaan :
( )
x,y.dA M R∫∫
δ =1.14
Contoh 1.13Sebuah segitiga dengan koordinat (0,0), (0,1), (1,0) mempunyai fungsi kepadatan δ(x,y) = xy. Tentukan massa benda.
Penyelesaian :
M =
∫∫
δ( )
=
R dA . y , x∫ ∫
+ − 1 0 1 x 0 dx . dy . xy=
∫
∫
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
−
+
=
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
− + 1 0 1 0 2 3 1 x 0 2dx
.
x
2
1
x
x
2
1
dx
.
xy
2
1
=
24
1
...sat.massa
Pusat Gravitasi
Pusat gravitasi benda dihitung dengan menggunakan persamaan :
∫∫
δ
=
=
RdA
).
y
,
x
(
.
x
R
.
Massa
1
M
My
x
1.15∫∫
δ
=
=
RdA
).
y
,
x
(
.
y
R
.
Massa
1
M
Mx
y
1.16Pusat gravitasi dan sentroid sebuah benda padat G juga dapat dihitung dengan menggunakan persamaan integrasi rangkap tiga yang diberikan dalam persamaan berikut. Untuk sebuah massa M, maka berlaku
∫∫∫
=
=
GdV
z
y
x
G
of
mass
M
δ
(
,
,
)
1.17Pusat gravitasi benda padat G tersebut adalah
∫∫∫
= − G dV z y x x M x 1δ
( , , ) 1.18∫∫∫
= − G dV z y x y M y 1δ
( , , ) 1.19∫∫∫
= − G dV z y x z M z 1δ
( , , ) 1.20Sedangkan sentroid dari benda padat G tersebut adalah
∫∫∫
= − G dV x V x 1 1.21∫∫∫
= − G dV y V y 1 1.22∫∫∫
= − G dV z V z 1 1.23 Contoh 1.14Tentukan pusat gravitasi benda pada contoh 1.9 Penyelesaian:
Momen terhadap sumbu y :
∫∫
δ = =∫ ∫
∫
+ − − +⎤
⎡
=
` x 1 1 x 1 2 2 21
=
∫
(
− +)
= 1 0 2 3 4 momen . sat .. ... 60 1 dx . x 2 1 x x 2 1Momen terhadap sumbu x :
Mx =
∫∫
δ=
=
R dA ). y , x ( y∫ ∫
+ − 1 0 1 x 0 2 dx . dy . y . xxy
.
dx
3
1
1 0 1 x 0 3∫
⎢⎣
⎡
⎥⎦
⎤
− +=
∫
⎟ = ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛− − − + 1 0 2 3 4 momen . sat ... 60 1 dx . x 3 1 x x x 3 1sehingga pusat gravitasi :
panjang
sat
M
My
x
...
.
5
2
24
1
60
1
=
=
=
panjang
sat
M
Mx
y
...
.
5
2
24
1
60
1
=
=
=
Latihan Soal 1.3
Setelah Anda selesai mempelajari materi di atas, kini saatnya untuk melatih diri mengerjakan soal-soal berikut. Buatlah penyelesaian setiap soal dengan sistematis untuk mendapatkan jawaban akhir yang benar. Selamat berlatih...!!!
1. Sebuah lamina dengan kepadatan δ(x,y) = x + y dibatasi oleh sumbu x, garis x=1, dan kurva y = √x. Tentukan massa lamina tersebut dan pusat gravitasinya. 2. Carilah sentroid bidang yang dibatasi oleh garis y = x dan kurva y = 2 – x2
3. Carilah sentroid bidang yang dibatasi oleh kurva y= x dan garis y = 4
4. Tentukan sentroid benda pada pada oktan pertama yang dibatasi oleh bidang koordinat dan bidang x + y + z = 1