PELATIHAN ONLINE 2019
FISIKA β PAKET 1
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
DERET
Dalam matematika, deret merupakan penjumlahan secara terus menerus. Pada materi ini, kita akan belajar deret yang sangat membantu pada bidang fisika, seperti deret trigonometri, logaritma, dan seterusnya.
i. Deret sin π₯
sin π₯ = π₯ βπ₯3 3! +π₯5
5! βπ₯7 7! +π₯9
9! β β― = β(β1)ππ₯2π+1 (2π + 1)!
β
π=0
ii. Deret cos π₯
cos π₯ = 1 βπ₯2 2! +π₯4
4! βπ₯6 6!+π₯8
8! β β― = β(β1)ππ₯2π (2π)!
β
π=0
iii. Deret ππ½π₯
ππ½π₯ = 1 + π½π₯ +[π½π₯]2
2! +[π½π₯]3
3! +[π½π₯]4
4! + β― = β[π½π₯]π π!
β
π=0
iv. Deret ln(1 + π₯)
ln[1 + π₯] = π₯ βπ₯2 2 +π₯3
3 βπ₯4 4 +π₯5
5 βπ₯6
6 + β― = β[β1]π+1π₯π π
β
π=0
v. Deret ln(1 β π₯)
ln[1 β π₯] = βπ₯ βπ₯2 2 βπ₯3
3 βπ₯4 4 βπ₯5
5 βπ₯6
6 β β― = β βπ₯π π
β
π=0
APROKSIMASI
Ilmu aproksimasi merupakan ilmu pendekatan, bahasa mudahnya ilmu kira-kira. Sesuatu yang terpenting dari aproksimasi adalah βmendekatiβ (similar, but not exactly equal). Isaac Newton, Bapak Fisika kita, mengembangkan ilmu aproksimasinya, mungkin bisa dibilang aproksimasi dari deret, yaitu Binomial Newton.
[1 + ππ₯]π = 1 + πππ₯ +π[π β 1]
2! (ππ₯)2+π[π β 1][π β 2]
3! (ππ₯)3+ β―
Dengan ini, semua dapat disederhanakan dengan syarat π₯ haruslah bernilai kecil dan hasil aproksimasi harus menjadi pembilang (jika dalam bentu pecahan).
Contoh :
i. Tentukan aproksimasi sampai orde π₯
1
β2 + 3π₯ 1
β2 + 3π₯ = (2 + 3π₯)β12 = 1
β2(1 +3 2π₯)
β1 2
Kita mengetahui π =3
2 dan π = β1
2
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
1
β2(1 +3 2π₯)
β1 2 β 1
β2(1 β3 4π₯) Maka,
1
β2 + 3π₯β 1
β2(1 β3 4π₯) ii. Tentukan aproksimasi sampai orde π₯2
1 4 + 2π₯ + 7π₯2 Asumsikan πΎ β‘ 2π₯ + 7π₯2
1 4 + πΎ =1
4(1 +1 4πΎ)
β1
β1
4(1 β1 4πΎ + 2
2!(1 4πΎ)
2
)
=1
4(1 β1
4(2π₯ + 7π₯2) + 1
16(2π₯ + 7π₯2)2)
β1
4(1 β1
4(2π₯ + 7π₯2) + 1
16(4π₯2+ 28π₯3+ 49π₯4)) =1
4(1 β1
4(2π₯ + 7π₯2) + 1
16(4π₯2)) π₯3, π₯4 β 0 karena diminta hanya sampai orde π₯2
Maka,
1
4 + 2π₯ + 7π₯2 β1 4β1
8π₯ + 9 16π₯2 Aproksimasi pada Deret Tertentu
Jika π₯ sangatlah kecil, maka i. sin π₯ β π₯
ii. cos π₯ β 1 iii. tan π₯ β π₯ iv. ππ½π₯ β 1 + π½π₯
v. ln(1 + π₯) β π₯ vi. ln(1 + π₯) β βπ₯
Asumsikan, orde π₯2 dan diatasnya bernilai 0 LIMIT
Limit mempunyai tujuan untuk mengetahui apa yang terjadi pada fungsi π(π₯) ketika π₯ semakin mendekati suatu konstanta c. Secara notasi, limit ditulis sebagai berikut.
limπ₯βππ(π₯) = πΏ
Persamaan diatas memberi makna persamaan π(π₯) saat π₯ mendekati suatu konstanta π dan memiliki hasil πΏ. Perlu diingat dan dipahami dari limit, medekati bukan berarti sama (similar,
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
but not exactly equal). Sehingga, kita tidak bisa mengatakan bahwa π(π) = π(π₯ β π) karena π₯ sekedar mendekati suatu konstanta, bukan sama.
Sifat-Sifat Limit
1. Jawaban akhir harus terdefinisi (tidak boleh 0
0 atau β
β ) 2. lim
π₯βπππ(π₯) = π lim
π₯βππ(π₯), dimana π merupaka suatu konstanta 3. lim
π₯βπ(π(π₯) Β± π(π₯)) = lim
π₯βππ(π₯) Β± lim
π₯βππ(π₯) 4. lim
π₯βπ(π(π₯) Γ π(π₯)) = lim
π₯βππ(π₯) Γ lim
π₯βππ(π₯) 5. lim
π₯βπ π(π₯)
π(π₯)= limπ₯βππ(π₯)
π₯βπlimπ(π₯), dimana lim
π₯βππ(π₯) β 0 6. lim
π₯βπ(π(π₯))π = (lim
π₯βππ(π₯))π 7. lim
π₯βππβπ(π₯)= βlimπ π₯βππ(π₯), dimana lim
π₯βππ(π₯) > 0 ketika π genap Metode Penyelesaian Limit
Subtitusi
Metode ini hanya sekedar subtitusi nilai konstanta pada suatu fungsi. Berikut merupakan contoh metode subtitusi.
limπ₯β22π₯ + 5 = 2(2) + 5 = 9 Pemfaktoran
Metode ini mungkin digunakan jika subtitusi tidak berhasil atau menghasilkan jawaban yang tidak terdefinisi. Berikut merupakan contoh metode pemfaktoran.
limπ₯β1
π₯2β 1 π₯ β 1 = lim
π₯β1
(π₯ + 1)(π₯ β 1) π₯ β 1 = lim
π₯β1π₯ + 1 = 2 Perkalian Akar Sekawan
Perkalian akar sekawan dapat dibilang merasionalkan penyebut digunakan saat fungsi berupa pecahan dan belum rasional. Berikut merupakan contoh merasionalkan fungsi.
limπ₯β4
π₯ β 4
βπ₯ β 2= lim
π₯β4
π₯ β 4
βπ₯ β 2Γβπ₯ + 2
βπ₯ + 2= lim
π₯β4βπ₯ + 2 = 4 LβHopitalβs Theorem
Nanti akan dijelaskan pada submateri differensial.
Sifat Istimewa Limit Trigonometri
π₯β0lim sin π₯
π₯ = 1 πππ lim
π₯β0
tan π₯ π₯ = 1
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
DIFFERENSIAL
Differensial terhadap π₯ dari fungsi π¦(π₯) merupakan gradient dari kurva π¦(π₯) tersebut.
Berikut merupakan sifat-sifat dari differensial.
1. π
ππ₯(π₯π) = ππ₯πβ1 2. π
ππ₯(π) = 0, dimana π merupakan suatu konstanta
3. π
ππ₯(ππ₯π) = πππ₯πβ1, dimana π adalah konstanta
4. π
ππ₯(π(π₯) Β± π(π₯)) = π
ππ₯π(π₯) Β±
π ππ₯π(π₯) 5. π
ππ₯(π’π£) = π’ π
ππ₯π£ + π£ π
ππ₯π’ 6. π
ππ₯(π’π£π€) = π’π£ π
ππ₯π€ + π’π€ π
ππ₯π£ + π€π£ π
ππ₯π’ 7. π
ππ₯(π’
π£) = 1
π£2(π£ π
ππ₯π’ β π’ π
ππ₯π£)
8. π
ππ₯π(π(π₯)) = π
ππ₯π(π₯) Γ
π ππ₯π(π₯)|
π₯=π(π₯)
9. π
ππ₯ln π₯ =1
π₯
10. π
ππ₯ππ(π₯) = πβ²(π₯)ππ(π₯) 11. π
ππ₯sin π₯ = cos π₯ 12. π
ππ₯cos π₯ = β sin π₯ 13. π
ππ₯tan π₯ = π ππ2π₯ 14. π
ππ₯cot π₯ = β πππ ππ2π₯ 15. π
ππ₯sec π₯ = tan π₯ sec π₯ 16. π
ππ₯csc π₯ = β csc π₯ cot π₯ Note : π’, π£, π€ merupakan suatu fungsi π₯.
Selanjutnya, kalian bisa mencoba lebih banyak untuk menurunkan rumus-rumus tersebut.
Aturan Rantai
Aturan Rantai atau Chain Rule merupakan aturan untuk memanipulasi persamaan differensial. Misalkan π¦ = π(π’) dan π’ = π(π₯). Maka,
π
ππ₯π¦ = π
ππ₯π(π’) = ππ(π’) ππ₯ Γππ’
ππ’= ππ(π’) ππ’ Γππ’
ππ₯ Contoh :
Carilah π
ππ₯sin 2π₯. π’ = 2π₯ π
ππ₯sin 2π₯ = π(sin π’) ππ₯ Γππ’
ππ’=π(sin π’) ππ’ Γππ’
ππ₯ = 2 cos 2π₯ Turunan Implisit
Turunan Implisit merupakan persamaan differensial pada suatu fungsi yang tidak hanya terikat pada satu variabel.
Contoh :
Carilah gradien dari fungsi tersebut. π¦3+ 7π¦ = 4π₯π¦
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
π
ππ₯(π¦3+ 7π¦) = π
ππ₯(4π₯π¦) π
ππ₯π¦3Γππ¦
ππ¦+ 7ππ¦
ππ₯= 4 (π¦ + π₯ππ¦ ππ₯) ππ¦
ππ₯ = 4π¦
3π¦2+ 7 β 4π₯ Teorema LβHopital
Aturan ini hanya dapat digunakan untuk menyelesaikan kasus limit yang mempunyai hasi tidak tentu/tidak terdefinisi, yaitu 0
0 dan β
β. Pada limit, ketika kita menghitung persamaan limit dengan metode subtitusi dan menghasilkan jawaban seperti diatas, kita bisa menggunakan teorema ini.
π₯βπlim π(π₯) π(π₯)
π
ππ₯π(π₯) β‘ πβ²(π₯); π
ππ₯πβ²(π₯) = πβ²β²(π₯) dan seterusnya.
π(π) π(π) =0
0
Maka, kita bisa gunakan teorema diatas yang sangat berhubungan sekali dengan differensial limπ₯βπ
π(π₯) π(π₯)= lim
π₯βπ
πβ²(π₯)
πβ²(π₯)= πβ²(π) πβ²(π)
Jika ternyata, πβ²(π₯) masih bernilai 0, maka turunkan lagi persamaan terhadap π₯ sampai jawaban terdefinisi. Sehingga, teorema ini sangat fleksibel dan dapat terus diulang jika jawaban masih tidak terdefinisi.
π₯βπlim π(π₯) π(π₯)= lim
π₯βπ
πβ²(π₯) πβ²(π₯)= lim
π₯βπ
πβ²β²(π₯)
πβ²β²(π₯)= β― πππ π ππ‘πππ’π ππ¦π π πππππ π‘ππππππππ π INTEGRAL
Integral secara general bermakan luasan dibawah kurva. Berikut merupakan sifat-sifatnya.
1. β« π₯π ππ₯ = 1
π+1π₯π+1+ π dimana π β β1 2. β«π₯1 ππ₯ = ln π₯ + π
3. β« ππ₯ ππ₯ = ππ₯+ π
4. β« sin π₯ ππ₯ = β cos π₯ + π 5. β« cos π₯ ππ₯ = sin π₯ + π
6. β«(π(π₯) Β± π(π₯)) ππ₯ = β« π(π₯) ππ₯ Β± β« π(π₯) ππ₯ 7. β« ππΌπ½ β²(π₯) ππ₯ = π(π½) β π(πΌ)
Pada integral tak tentu, harus ada konstanta π, dimana π merupakan kondisi awal kurva/kondisi batas. Sedangkan integral tentu, tidak dibutuhkan konstanta π.
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
Jika terdapat sebuah fungsi π¦(π₯) = π₯2+ 4π₯ + 5. Turunan pertama terhadap π₯ dari fungsi tersebut adalah π¦β²(π₯) = 2π₯ + 4. Jika kalian integralkan fungsi π¦β²(π₯) terhadap π₯, kalian tidak akan dapat konstanta 5.
β« 2π₯ + 4 = π₯2+ 4π₯
Maka dari itu, dibutuhkan konstanta π dengan kondisi awal kurva. Berikut contoh soal yang sesuai dengan kondisi diatas.
Tentukan π¦(π₯) jika π¦β²(π₯) = 2π₯ + 4 dan π¦(0) = 5
π¦(π₯) = β« 2π₯ + 4 = π₯2+ 4π₯ + π π¦(0) = 5 = 02+ 4(0) + π
π = 5 Maka, didapatkan π¦(π₯) = π₯2+ 4π₯ + 5
Metode Penyelesaian Integral
οΌ SUBTITUSI
Metode subtitusi digunakan untuk memanipulasi persamaan. Biasanya, lambang subtitusi yang digunakan π’. Lebih baik, langsung saya contohkan saja.
Contoh:
1. Tentukan β« sin π₯ cos π₯ ππ₯
π’ = sin π₯ ππ’
ππ₯ = cos π₯
β« sin π₯ cos π₯ ππ₯ = β« π’ cos π₯ ππ’
cos π₯= β« π’ ππ’ =π’2
2 + π =π ππ2π₯ 2 + π
οΌ Parsial
Metode parsial merupakan perkembangan ilmu integral, dimana metode ini berkerja secara efektif dengan membagi persamaan.
β« π’ ππ£ = π’π£ β β« π£ ππ’ Contoh :
1. Tentukan β« π₯ sin π₯ ππ₯
π’ = π₯ ππ’ = ππ₯ ππ£ = sin π₯ ππ₯
π£ = β cos π₯
β« π₯ sin π₯ ππ₯ = βπ₯ cos π₯ β β«(β cos π₯) ππ₯
= βπ₯ cos π₯ + β« cos π₯ ππ₯ = βπ₯ cos π₯ + sin π₯ + π
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
Metode parsial dapat dilakukan berkali-kali sesuai kebutuhan.
οΌ Subtitusi Trigonometri
Teknik ini digunakan dengan menggunakan identitas trigonometri sebagai variabel subtitusi.
Mungkin, bisa dikatakan analog dengan metode subtitusi biasa. Identitas yang mungkin perlu diingat adalah
1 + π‘ππ2π₯ = π ππ2π₯ 1 + πππ‘2π₯ = πππ ππ2π₯
π ππ2π₯ + πππ 2π₯ = 1 Contoh :
1. Tentukan β«β1βπ₯π₯ 2ππ₯
π₯ = sin π ππ₯ = cos π ππ
β« π₯
β1 β π₯2ππ₯ = β« sin π
β1 β π ππ2πcos π ππ = β« sin π ππ = β cos π + π cos π = β1 β π₯2
Maka, sesuai persamaan diatas
β« π₯
β1 β π₯2ππ₯ = ββ1 β π₯2+ π
οΌ Pecahan Rasional
Teknik ini digunakan hanya untuk memanipulasi persamaan pecahan menjadi persamaan yang lebih mudah untuk dikerjakan.
1. ππ₯+π
(π₯βπ)(π₯βπ)= π΄
π₯βπ+ π΅
π₯βπ dimana π β π 2. (π₯βπ)ππ₯+π2 = π΄
π₯βπ+ π
(π₯βπ)2
3. ππ₯2+ππ₯+π
(π₯βπ)(π₯βπ)(π₯βπ)= π΄
π₯βπ+ π΅
π₯βπ+ πΆ
π₯βπ
4. ππ₯2+ππ₯+π
(π₯βπ)2(π₯βπ)= π΄
π₯βπ+ π΅
(π₯βπ)2+ πΆ
π₯βπ
5. ππ₯
2+ππ₯+π
(π₯βπ)(π₯2+ππ₯+π)= π΄
π₯βπ+ π΅π₯+πΆ
π₯2+ππ₯+π
Sebenarnya, masih banyak lagi yang bisa dicari. Namun, hal inipun juga digunakan saat dibutuhkan.
Contoh :
1. Tentukan β« 3π₯+11
π₯2+8π₯+15 ππ₯ 3π₯ + 11
π₯2+ 8π₯ + 15= 3π₯ + 11
(π₯ + 3)(π₯ + 5) = π΄
(π₯ + 3)+ π΅
(π₯ + 5)= π₯(π΄ + π΅) + 5π΄ + 3π΅ (π₯ + 3)(π₯ + 5)
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
Eliminasiβ¦.
π΄ + π΅ = 3 5π΄ + 3π΅ = 11 Maka, didapatkan π΄ = 1 dan π΅ = 2
β« 3π₯ + 11
π₯2+ 8π₯ + 15 ππ₯ = β« ππ₯
π₯ + 3+ β« 2 ππ₯
π₯ + 5= ln(π₯ + 3) + 2 ln(π₯ + 5) + π
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
SOAL
1. Tentukan sampai orde π2
β π
sin πβ 1 a. π2
18
b. π2
6
c. π2
12
d. π2
3
e. 0
2. Jika ln(1 + π₯) β π₯(1 + ππ₯)π, tentukan π + π.
a. 41
30
b. 43
30
c. 7
30
d. 13
30
e. 24
30
3. Tentukan aproksimasi deret ini sampai orde π₯2 1
β1 + ππ₯2+ 2π½π₯ a. 1 β π½π₯ β1
2π₯2 b. 1 β π½π₯ β π₯2 c. 1 β π½π₯ β3
2(π + π½)π₯2 d. 1 β (π½ + π)π₯ β1
2π₯2 e. 1 β π½π₯ +1
2(3π β π½)π₯2 4. Tentukan nilai lim
π₯β0(sin π₯+sin 5π₯ 6π₯ ) a. 2
b. 1 c. 1
2
d. 1
3
e. β1
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
5. Tentukan nilai lim
π₯β5
βπ₯+4ββ14βπ₯ π₯2β2π₯β15
a. 1
24
b. 1
6
c. 5
24
d. 1
4
e. 1
3
6. Jika garis π¦ = ππ₯ + 1 memotong parabola π¦ = π₯2+ π₯ + π di titik (1,0). Tentukan nilai limit limπ₯β1
π₯2+ π₯ + π ππ₯ + 1 a. 3
b. 1 c. 0 d. β1 e. β3
7. Tentukan nilai lim
π₯ββ
ln π₯ π₯
a. β b. 1 c. 0 d. β1 e. ββ
8. Tentukan nilai lim
π₯β1 cos(1
2ππ₯π) ln π₯
a. ππ2 b. β1
2ππ c. 0 d. βππ e. ββ2ππ
9. Tentukan turunan kedua terhadap π₯ pada fungsi π¦(π₯) = π₯5β 3π₯4+ 13π₯2β 9 a. 5π₯4β 12π₯3+ 26π₯
b. 5π₯3β 12π₯2+ 26 c. 20π₯3β 36π₯2+ 26 d. π₯4β 12π₯3+ 26π₯ e. 5π₯4β 12π₯3β 20π₯
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
10. Tentukan turunan pertama terhadap π₯ pada fungsi π¦(π₯) = (sin π₯ + sec π₯)3 a. 3(sin π₯ + sec π₯)2
b. cos π₯ + sec π₯ tan π₯ c. 3(sec π₯ tan π₯ β cos π₯)2
d. 3(sin π₯ + sec π₯)2(cos π₯ + sec π₯ tan π₯) e. 3(sin π₯ + sec π₯)2(cos π₯ sin π₯ β tan π₯)
11. Tentukan turunan pertama terhadap π₯ pada fungsi π¦(π₯) = 2π₯2+8 a. 2π₯2+β
b. (2π₯)2π₯2+9 c. 2π₯2+8ln 2 d. π₯2π₯2+9ln 2 e. ππ₯2π₯2+8ln 2
12. Diketahui terdapat sebuah fungsi non-linear π¦3+ 4π₯2π¦ =2π₯
π¦ + π¦2π₯. Tentukan ππ¦
ππ₯
a. 2π¦β8π₯π¦
3+π¦4 3π¦4+4π₯2π¦2+2π₯β2π₯π¦3
b. 2π¦+π₯π¦3+π¦4
π¦4+4π₯2π¦2+2π₯+2π₯π¦3
c. 2π¦β6π₯π¦2+2π¦4
3π¦4+4π₯2π¦2+3β2π₯π¦3
d. 2β8π₯π¦
3+π¦4 4π₯2π¦2β2π₯β2π₯π¦3
e. 2π₯π¦+π¦4
3π¦4βπ₯2π¦2+2π₯β2π₯π¦3
13. Tentukan turunan pertama terhadap π₯ pada fungsi π¦(π₯) = log4π(π₯) a. 1
ln 4πβ²(π₯) Γ 1
π(π₯)
b. 1
ln 4 1 π(π₯)
c. 1
ln 4πβ²(π₯) d. 1
ln 4
e. 1
ln 4π(π₯) Γ 1
πβ²(π₯)
14. Untuk βπ
8 < πΏ < π
8. Tentukan hasil β« β1 β π‘ππ22πΏ + π‘ππ42πΏ β π‘ππ62πΏ + β― ππΏ a. 1
2tan 2πΏ + π b. 1
2cos 2πΏ + π c. β1
2cos 2πΏ + π
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
d. 1
2sin 2πΏ + π e. β1
2sin 2πΏ + π 15. Tentukan hasil β« 4π₯ ππ₯
a. 4π₯+ π b. 4π₯ln 4 + π c. 4
π₯ ln 4+ π d. ln 4
4π₯ + π e. π₯ ln 4 + π
16. Tentukan hasil β« π₯2ln π₯ ππ₯ a. ln π₯3+ π
b. π₯2ln π₯ + 2π₯ + π c. 1
3π₯3(ln π₯ β1
3) + π d. 3π₯3(3 β ln π₯) + π e. 3π₯2ln π₯3+ π 17. Tentukan hasil β« πππ 7π ππ
a. π₯ + 2 π ππ3π₯ +1
5π ππ5π₯ β 3 π ππ7π₯ + π b. 5
3π₯ +4
3 π ππ3π₯ β1
5π ππ5π₯ + 3 π ππ7π₯ + π c. π₯ β 5 π ππ3π₯ + π ππ5π₯ β π ππ7π₯ + π d. 7π₯ + π ππ3π₯ β3
5π ππ5π₯ β3
7 π ππ7π₯ + π e. π₯ β π ππ3π₯ +3
5π ππ5π₯ β1
7 π ππ7π₯ + π 18. Tentukan hasil β« cosec π₯ ππ₯
a. ln(sec π₯ + tan π₯) + π
b. β ln(cosec π₯ + cotan π₯) + π c. ln(sec π₯ β tan π₯) + π
d. β ln(sin π₯ + cotan π₯) + π e. ln(sin π₯ + cos π₯) + π 19. Tentukan hasil β« arcsin π₯ ππ₯
a. π₯β1 β π₯2+ arccos π₯ + π b. β1 β π₯2arcsin π₯ + π₯ + π c. π₯ arcsin π₯ + β1 β π₯2+ π
PELATIHAN ONLINE 2019 FISIKA β PAKET 1
d. π₯ sin π₯ + β1 + π₯2+ π e. cos π₯ β1 + π₯2+ π₯ sin π₯ + π 20. Tentukan hasil β« 9π₯+8
4π₯2+11π₯+6 ππ₯ a. 2 ln(4π₯ + 3) β ln(π₯ + 2) + π b. 1
4ln(4π₯ + 3) + 2 ln(π₯ + 2) + π c. 4 ln(4π₯ + 3) +3
4ln(π₯ + 2) + π d. ln(π₯ + 2) β ln(4π₯ + 3) + π e. 3 ln(π₯ + 2) β 4 ln(4π₯ + 3) + π