¾
¾SeSebubuahah rerelalassii rerekkurureensnsii lilinnieier r hohomomogegenn berderajat
berderajat r r dedengnganan kokoefefisisieienn kkononststanan a
addaallaahh rreellaassii rreekkuurreennssii bbeerrbbeennttuukk ::
a
a
nn=
=
cc
11a
a
n-1n-1cc
22a
a
n-2n-2…
…
cc
r ra
a
n-r n-r•
•
• SSolusolusi umi umum um ununttuk uk perperssamamaan daan diatiatasas
akan melibatkan penjumlahan dari solusi akan melibatkan penjumlahan dari solusi individual berbentuk
individual berbentuk aann ==α α nn..
•
• UUntntuk uk mmenenenenttuukankan α α , subsitusikan, subsitusikan
n n n n sehingga diperoleh sehingga diperoleh α α nn
=
=
cc
α α n-1n-1+
+
cc
α α n-2n-2+
+ …
… +
+
cc
α α n-r n-r•
• SSehehiningggga da dipipererololeheh:: α α r r
=
=
cc
1 1 α α r-1r-1+
+
cc
22 α α r-2r-2+
+ …
… +
+
cc
r r • • aauu α α r r -- cc α α r-1r-1 -- cc α α r-2r-2 -- … … -- cc = 0= 0 P• Bagi persamaan tersebut dengan α n-r • Sehingga diperoleh: α r
=
c
1 α r-1+
c
2 α r-2+ … +
c
r • au α r - c α r-1 - c α r-2 - … - c = 0• sa an α
1, α 2, α 3, ..., α r a a a r ua
akar dari persamaan karakteristik diatas • Maka an =α
i n dengan 0 ≤ i ≤ n adalah
solusi dari relasi rekurensi ersamaan awal.
•
ada juga merupakan solusi dari relasi ,
an = A1 α
n-1, n-2, n-3, n-r
awal a0, a1, a2, ar-1 .
• Misalkan a0, a1, a2, ar-1 adalah nilai awal yang diketahui, maka Ai dapat diperoleh dengan menyelesaikan sistem
persamaan linier dari A1 α
1 k + A2 α 2 k + … + Ar α r k =ak ’
• Teorema 1:
1 2 .
Misalkan bahwa α 2 - c
1α - c2 = 0 memiliki 1 2 .
barisan { an } adalah solusi dari relasi
= +
n n-
n-hanya jika an = A1α
1n + A2α 2n untuk n = 0,
¾Selesaikan relasi rekurensi berbentuk
• Ambil a =α n , maka diperoleh
persamaan karakteristik
n = n-1 + n-2
α 2 = 2 α + 3 α - α - =
Sehingga diperoleh akar-akar
karakteristik α
• an =3n , dan a
n = (-1)n • Solusi umumnya berbentuk
n 1 2
-• Diketahui a0 =a1 = 1 maka,
A1 + A2 = 1
=
• Dengan menyelesaikan SPL diatas akan diperoleh:
1 2
• Sehingga solusi dari relasi rekurensi adalah:
-.
akan bertambah menjadi dua kali lipat. Dia mulai den an 6 ekor kelinci. Bera a
banyak kelinci yang dia miliki setelah n
• J ika a banyak kelinci, maka a akan
memenuhi relasi rekurensi an =2an-1,
0 ,
• Subsitusi a =α n ,
an = A (2)n
• Diketahui a0 = 6 maka,
=
Maka solusi untuk n tahun
• Contoh 3: (Fibonacci )
Fibonacci adalah an = an-1+ an-2,
persamaan karakteristik
n = n-1 + n-2
α 2 = α + 1 α - α - =
Sehingga diperoleh akar-akar karakteristik
1 5 + 1 5−
• Solusi individual yang diperoleh adalah
1
5
na
=
⎛
+
⎞
2
⎝
⎠
Dan1
5
na
=
⎛
−
⎞
1 5 n 1 5 n ⎛ + ⎞ ⎛ − ⎞ 1 2 2 2 n ⎝ ⎠ ⎝ ⎠ 0 1 • Diperoleh: dan
⎟
⎟
⎜
⎜ +
=
2 5 1 5 1 1 A=
−
⎜
⎜ −
⎟
⎟
2 5 1 1 2 A• Sehingga solusinya menjadi: 1 1 + + n n
2
5
2
5
⎟
⎟
⎜
⎜ −
−
⎟
⎟
⎜
⎜
=
na
1 2
dengan c 2 ≠ 0. Misalkan bahwa α 2 - c
1α -=
2 0 .
barisan { an } adalah solusi dari relasi
= +
n n-
n-hanya jika an = A1α
0n + A2 nα 0n untuk n =
• Contoh 4:
¾Selesaikan relasi rekurensi berbentuk
persamaan karakteristik
n+2 = n+1 - n
α 2 = 4 α - 4
α - α =
Sehingga diperoleh akar-akar karakteristik α
• Solusi umumnya berbentuk
an = A1 (2)n + A2 n(2)n
• Diketahui a0 = 1 dan a1 = 3 maka,
=
adalah:
n
• atau
• Misalkan diketahui relasi rekurensi sebagai berikut:
n n-1
• Dengan f(n) sembarang fungsi dari n
• Relasi rekurensi seperti diatas dikatakan .
rekurensi ini perlu dicari solusi dari
bentuk homogen (a =ca - )
• dan solusi partikulir berbentuk
* *
n n-1
* * n n n n
a Ac a
=
+
1 1 * n nc Ac
a
n
− − −=
=
+
+
1( )
nca
−f n
=
+
a =a - + n • Sehingga: a1 = a0 + ¾a2 = a1 + f(2) = a0 + f(1) + f(2) a3 = a2 + f(3) = a0 + f(1) + f(2) + f(3) ¾... ¾a = a + f(n) = a + f(1) + f(2) + f(3)+...+f(n)
f(n) Solusi Partikulir
C, konstanta A, Konstanta
n A1n + A0 n2 A 2n2 + A1 n + A0 nt , t ∈ Z + A t nt + At-1nt-1 + …+ A1n + A0 r n , r ∈ R Ar n
sin α n A sin α n + B cos α n
cos α n A sin α n + B cos α n
nt r n r n( A
¾Tentukan solusi rekurensi dari
=
n
n-dengan kondisi awal a1 = 2
dengan garis untuk mendapatkan jumlah .
• J awab::
¾kondisi awal a1 = 2 dapat diganti dengan kondisi awal a = 1 aitu kondisi dimana tidak ada garis yang membagi bidang, berarti terdapat satu daerah.
¾Karena c=1 maka solusi dari
= +
n
¾Diketahui bentuk relasi rekurensi dari ersoalan Tower of Hanoi adalah
an= 2an-1 + 1
engan on s awa an= 1.
• J awab: (Tower of Hanoi )
¾Bentuk homogen dari relasi rekurensi
an= 2an-1 + 1
¾maka berdasarkan contoh yang lalu
solusi homogennya adalah
berdasarkan tabel untuk f(n) = 1
(konstanta), maka solusi partikulirnya adalah a*n= A , sehingga
= n= n-1 =
A = -1
¾Berati solusi partikulirnya adalah
• Solusi umum nonhomogen adalah • an= A2n-1 ,
• Dengan kondisi awal a1= 1 maka
-• an= p an-1 + q bn-1 bn= r bn-1 + s an-1
• Dengan p, q, r dan s konstanta sembarang
• berikut: • an+ 2 an-1 – 4 bn-1 = 0 – = n n- n-• Dengan a1 = 4, b1=1