TRANSPORTASI & PENUGASAN
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 2
Metode Transportasi
• Suatu metode yang digunakan untuk mengatur distribusi dari sumber- sumber yang menyediakan produk yang sama, ke tempat-tempat yang membutuhkan secara optimal
• Metode transportasi berhubungan dengan distribusi suatu produk tunggal dari beberapa sumber, dengan penawaran terbatas, menuju ke beberapa tujuan dengan permintaan tertentu. Asumsi dasar model ini adalah biaya transport pada suatu rute tertentu proporsional dengan banyaknya unit yang dikirimkan.
• Pada model transportasi, yang harus diperhatikan adalah bahwa total kuantitas pada seluruh baris harus sama dengan total kuantitas pada seluruh kolom, jika tidak, maka perlu ditambahkan kuantitas dummy.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 3
Karakteristik Metode Transportasi
1) Suatu barang dipindahkan (transported), dari sejumlah sumber ke tempat tujuan dengan biaya seminimum mungkin, dan
2) Atas barang tersebut tiap sumber dapat memasok suatu jumlah yang tetap dan tiap tempat tujuan mempunyai jumlah permintaan yang tetap.
Gambar Model Transportasi
1
2
m Sumber
(Dari)
bA bB
bn cmn: xmn
a1 a2 am Supply
A
B
n Tujuan
(Ke)
Demand c1A: x1A
c = biaya yang terjadi akibat perpindahan dari sumber ke tujuan
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 5
Tabel Transportasi
Ke A B ... n Demand
Dari
1 c1A c1B
... c1n
bA
x1A x1B x1n
2 c2A c2B
... c2n
bB
x2A x2B x2n
... ... ... ... ... ...
m cmA cmB
... cmn
bn
xmA xmB xmn
Supply aA aB ... am Ʃb
Ʃa
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 6
Metode North West Corner (NWC)
1. Mulai dari sudut kiri atas (x1A), dialokasikan sejumlah maksimum produk dengan melihat kapasitas dan kebutuhan (atau supply dan demand).
2. Kemudian, bila xmn merupakan kotak terakhir yang dipilih, lanjutkan dengan mengalokasikan pada xm,n+1 bila m mempunyai kapasitas yang tersisa.
3. Bila tidak, alokasikan ke xm+1,n dan seterusnya sehingga semua kebutuhan telah terpenuhi.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 7
Contoh #6 – 1
Data Pasokan Beras Data Permintaan Tempat Penyimpanan Jumlah Tempat Penggilingan Jumlah
Kota 1 150 Lokasi A 200
Kota 2 175 Lokasi B 100
Kota 3 275 Lokasi C 300
Ada 3 kota tempat penyimpanan beras yaitu 1, 2, dan 3, yang akan mengirim ke 3 tempat penggilingan beras yang berlokasi di A, B, dan C dengan menggunakan kereta api, dimana tiap gerbongnya memuat 1 ton beras. Data pasokan beras dan data permintaan beras untuk setiap bulannya adalah sbb.:
Contoh #6 – 1 (Lanjutan)
Biaya Pengiriman ( $ ) Tempat
Penyimpanan
Tempat Penggilingan
Lokasi A Lokasi B Lokasi C
Kota 1 6 8 10
Kota 2 7 11 11
Kota 3 4 5 12
Sedangkan data biaya pengiriman adalah sbb.:
Permasalahannya adalah untuk menentukan banyak beras (ton) yang harus dikirim dari tiap kota tempat penyimpanan ke tiap lokasi penggilingan setiap bulannya agar total biaya transportasi minimum.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 9
Jawaban Contoh #6 – 1
... Metode NWC ①Ke A B C Demand
Dari
1 6 8 10
x1A x1B x1C 150
2 7 11 11
x2A x2B x2C 175
3 4 5 12
x3A x3B x3C 275
Supply 200 100 300 600
600 Distribusikan data
yang ada di soal ke dalam tabel transportasi.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 10
Jawaban Contoh #6 – 1
... Metode NWC ②Ke A B C Demand
Dari
1 6 8 10
x1A x1B x1C 150
2 7 11 11
x2A x2B x2C 175
3 4 5 12
x3A x3B x3C 275
Supply 200 100 300 600
600 Lihat metode NWC
nomor 1 ⇛ yang dapat dialokasikan pada x1A = 150 (sejumlah demand), sehingga x1B dan x1C tidak perlu di alokasikan (=0).
150
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 11
Jawaban Contoh #6 – 1
... Metode NWC ③Ke A B C Demand
Dari
1 6 8 10
150 150
2 7 11 11
x2A x2B x2C 175
3 4 5 12
x3A x3B x3C 275
Supply 200 100 300 600
600 Karena baris 1
sudah memenuhi demand, maka lanjut ke metode NWC nomor 3 ⇛ yang dapat dialokasikan pada x2A = 50(sejumlah sisa dari supply), sehingga x3A tidak perlu dialokasikan (=0).
50
Jawaban Contoh #6 – 1
... Metode NWC ④Ke A B C Demand
Dari
1 6 8 10
150 150
2 7 11 11
50 x2B x2C 175
3 4 5 12
x3B x3C 275
Supply 200 100 300 600
600 Karena baris 2
belum memenuhi demand, maka lakukan metode NWC nomor 2 ⇛ yang dapat dialokasikan pada x2B = 100(sejumlah supply), sehingga x3B tidak perlu dialokasikan (=0).
100
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 13
Jawaban Contoh #6 – 1
... Metode NWC ⑤Ke A B C Demand
Dari
1 6 8 10
150 150
2 7 11 11
50 100 x2C 175
3 4 5 12
x3C 275
Supply 200 100 300 600
600 Karena baris 2
belum memenuhi demand, maka lakukan metode NWC nomor 2 ⇛ yang dapat dialokasikan pada x2C = 25(sejumlah sisa demand).
25
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 14
Jawaban Contoh #6 – 1
... Metode NWC ⑥Ke A B C Demand
Dari
1 6 8 10
150 150
2 7 11 11
50 100 25 175
3 4 5 12
x3C 275
Supply 200 100 300 600
600 Lakukan metode
NWC nomor 2 ⇛ yang dapat dialokasikan pada x3C = 275(sejumlah demand dan sisa supply).
Solusi optimal:
x1A= 150, x1B= 0, x1C= 0, x2A= 50, x2B= 100, x2C= 25, x3A= 0, x3B= 0,dan x3C= 275
275
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 15
Jawaban Contoh #6 – 1
... Metode NWC ⑦• Maka biaya pengiriman (transportasi) yang harus dikeluarkan adalah:
Min. Z = 6x1A+ 8x1B+ 10x1C+ 7x2A+ 11x2B+ 11x2C+ 4x3A+ 5x3B+ 12x3C
Min. Z = 6(150)+ 8(0) + 10(0) + 7(50)+ 11(100) + 11(25) + 4(0)+ 5(0)+ 12(275)
Min. Z = 5925
• Jadi biaya pengiriman (transportasi) adalah sebesar $5925
Metode Least Cost (LC)
• Metode ini jauh lebih baik secara umum jika dibandingkan dengan metode NWC.
• Hal ini karena dalam metode LC mempertimbangkan hal- hal yang ada dalam metode transportasi, yaitu biaya selnya, sehingga mendekati solusi optimal yang diinginkan.
• Sel yang memiliki biaya-biaya yang tertinggi otomatis tidak akan terpakai, tetapi jika ada sel yang memiliki biaya yang sama, maka penentuan sel yang akan di isi dapat dilakukan secara bebas.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 17
Jawaban Contoh #6 – 1
...(Metode LC – 1)Ke A B C Demand
Dari
1 6 8 10
x1A x1B x1C 150
2 7 11 11
x2A x2B x2C 175
3 4 5 12
x3A x3B x3C 275
Supply 200 100 300 600
600
200 75
25 125
175
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 18
Jawaban Contoh #6 – 1
...(Metode LC – 2)• Solusi optimal:x1A= 0; x1B= 25 ;x1C= 125; x2A= 0;x2B= 0;x2C= 175;x3A= 200;x3B= 75;x3C= 0
• Maka biaya pengiriman (transportasi) yang harus dikeluarkan adalah:
Min. Z = 6x1A+ 8x1B+ 10x1C+ 7x2A+ 11x2B+ 11x2C+ 4x3A+ 5x3B+ 12x3C
Min. Z = 6(0)+ 8(25) + 10(125) + 7(0) + 11(0) + 11(175) + 4(200) + 5(75) + 12(0)
Min. Z = 4550
• Jadi biaya pengiriman (transportasi) adalah sebesar $4550
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 19
Metode VAM
• Metode
Vogel’s Approximation Method(VAM).
• Bila dibandingkan dengan dua metode sebelumnya, metode ini jauh lebih baik lagi (lebih mendekati solusi optimal).
• Namun metode ini relative lebih rumit
dalam menentukan solusi.
Langkah-langkah Metode VAM
1. Susunlah kebutuhan, kapasitas masing-masing sumber, dan biaya pengangkutan ke dalam matrik.
2. Carilah perbedaan dari dua biaya terkecil (dalam nilai absolut), yaitu biaya terkecil dan terkecil kedua untuk tiap baris dan kolom pada matrik (Cmn).
3. Pilihlah 1 nilai perbedaan-perbedaan yang terbesar di antara semua nilai perbedaan pada kolom dan baris.
4. Isilah pada salah satu segi empat yang termasuk dalam kolom atau baris terpilih, yaitu pada segi empat yang biayanya terendah di antara segi empat lain pada kolom/baris itu.
Isiannya sebanyak mungkin yang bisa dilakukan.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 21
Jawaban Contoh #6 – 1
.. (Metode VAM ①)Ke A B C Demand Beda
Dari
1 6 8 10
x1A x1B x1C 150
2 7 11 11
x2A x2B x2C 175
3 4 5 12
x3A x3B x3C 275
Supply 200 100 300
Beda
2 4 1
2 3 1
Cat.: x2Adipilih karena memiliki beda kolom/baris terbesar dan biaya terendah 175
25
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 22
Jawaban Contoh #6 – 1
.. (Metode VAM ②)Ke A B C Demand Beda
Dari
1 6 8 10
x1A x1B x1C 150
2 175
3 4 5 12
x3A x3B x3C 275
Supply 25 100 300
Beda
2
1
2 3 2
Cat.: x3Bdipilih karena memiliki beda kolom/baris terbesar dan biaya terendah
100 175
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 23
Jawaban Contoh #6 – 1
.. (Metode VAM ③)Ke A B C Demand Beda
Dari
1 6 10
x1A x1C 150
2 175
3 4 12
x3A 100 x3C 175
Supply 25 300
Beda
4
8
2 2
25 150
Jawaban Contoh #6 – 1
.. (Metode VAM ④)Ke A B C Demand Beda
Dari
1 10
x1C 150
2 175
3 12
25 100 x3C 150
Supply 300
Beda 2
Cat.: x1Cdipilih karena memiliki beda kolom/baris terbesar dan biaya terendah 150
150
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 25
Jawaban Contoh #6 – 1
.. (Metode VAM ⑤)Ke A B C Demand Beda
Dari
1 150
2 175
3 12
25 100 x3C 150
Supply 150
Beda
Cat.: Isi pada x3Cdengan nilai terbesar yang mungkin. Solusi optimal diperoleh 150
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 26
Jawaban Contoh #6 – 1
.. (Metode VAM ⑥)Ke A B C Demand
Dari
1 6 8 10
150 150
2 7 11 11
175 175
3 4 5 12
25 100 150 275
Supply 200 100 300 600
600
Solusi optimal:
x1A= 0; x1B= 0 ; x1C= 150 ; x2A= 175 ; x2B= 0 ; x2C= 0 ; x3A= 25 ; x3B= 100 ; x3C= 150
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 27
Jawaban Contoh #6 – 1
.. (Metode VAM ⑦)• Maka biaya pengiriman (transportasi) yang harus dikeluarkan adalah:
Min. Z = 6x1A+ 8x1B+ 10x1C+ 7x2A+ 11x2B+ 11x2C+ 4x3A+ 5x3B+ 12x3C
Min. Z = 6(0)+ 8(0) + 10(150) + 7(175) + 11(0) + 11(0) + 4(25) + 5(100) + 12(150)
Min. Z = 5125
• Jadi biaya pengiriman (transportasi) adalah sebesar $5125
Contoh #6 – 2
Agar total biaya transportasi minimum, berapa alokasi yang dapat dilakukan jika diketahui biaya, permintaan dan penawaran dari 3 pasar dan 3 pabrik seperti dalam tabel berikut ini.
Biaya ( $ ) Pasar
1 2 3 Penawaran
Pabrik
1 8 5 6 120
2 15 10 12 80
3 3 9 10 80
Permintaan 150 70 60 280
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 29
Jawaban Contoh #6 – 2
.. (Metode NWC)Dari A B C Penawaran
Ke
1 8 5 6
120 120
2 15 10 12
30 50 80
3 3 9 10
20 60 80
Permintaan 150 70 60 280
Jadi total biaya transportasi sebesar $2690
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 30
Jawaban Contoh #6 – 2
.. (Metode LC)Dari A B C Penawaran
Ke
1 8 5 6
70 50 120
2 15 10 12
70 10 80
3 3 9 10
80 80
Permintaan 150 70 60 280
Jadi total biaya transportasi sebesar $2060
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 31
Jawaban Contoh #6 – 2
.. (Metode VAM)Dari A B C Penawaran
Ke
1 8 5 6
70 50 120
2 15 10 12
70 10 80
3 3 9 10
80 80
Permintaan 150 70 60 280
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 33
Metode Penugasan
• Motode penugasan adalah suatu model yang berhubungan dengan jaringan.
• Metode ini merupakan model khusus dari suatu program linear yang serupa dengan metode transportasi.
• Perbedaan metode penugasan dengan metode transportasi adalah dalam metode penugasan, kuantitas setiap pinggir kolom maupun pinggir baris dibatasi hanya sebanyak satu unit.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 34
Masalah Penugasan
Tenaga Penjual Area Pasar
Asep Chepy Ruhyana Bageur
I II III IV
• Garis tipis ⇛ berhubungan dengan masalah alokasi
• Garis tebal ⇛ solusi dari permaslahan alokasi
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 35
Langkah Solusi (Metode Hungarian)
1. Mengubah matriks awal menjadi matriks opportunity cost (reduced cost matrix/RCM).
Caranya:
Pilih elemen terkecil dari setiap baris, kurangkan pada seluruh elemen baris tersebut.
2. RCM terus dikurangi untuk mendapatkan total-opportunity- cost matrix/TOCM.
Caranya:
Pilih elemen terkecil dari setiap kolom pada RCM yang tidak mempunyai nilai nol, kurangkan pada seluruh elemen dalam
Langkah Solusi (Metode Hungarian)
3. Melakukan test optimality (TOP) dengan menarik sejumlah minimum garis horisontal dan/atau vertikal untuk meliput seluruh elemen bernilai nol.
Penugasan optimal adalah feasible jika:
Jumlah garis = Jumlah baris atau kolom.
4. Jika belum optimal, lakukan revisi TOCM dengan memilih elemen terkecil yang belum terliput garis untuk mengurangi seluruh elemen yang belum terliput. Kemudian tambahkan jumlah yang sama pada seluruh elemen yang mempunyai dua garis yang saling bersilangan. Setelah itu lakukan kembali langkah 3, sampai solusi optimal.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 37
Contoh #6 – 3 : Meminimumkan
Berikut ini adalah data lamanya waktu yang dibutuhkan (menit) oleh seorang operator menghasilkan satu unit barang dari setiap mesin dengan tipe berbeda di perusahaan tersebut :
Operator Mesin
I II III IV
A 10 12 9 11
B 5 10 7 8
C 12 14 13 11
D 8 15 11 9
Dengan melihat data diatas, tentukanlah operator mana yang cocok untuk setiap mesin agar waktu yang dibutuhkan untuk membuat satu barang adalah minimal!
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 38
Jawaban Contoh #6 – 3 ... (1)
Matrix awal
Opr.
Mesin
I II III IV
A 10 12 9 11
B 5 10 7 8
C 12 14 13 11
D 8 15 11 9
RCM
Opr.
Mesin
I II III IV
A 1 3 0 2
B 0 5 2 3
C 1 3 2 0
D 0 7 3 1
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 39
Jawaban Contoh #6 – 3 ... (2)
RCM
Opr.
Mesin
I II III IV
A 1 3 0 2
B 0 5 2 3
C 1 3 2 0
D 0 7 3 1
TOCM
Opr.
Mesin
I II III IV
A 1 0 0 2
B 0 2 2 3
C 1 0 2 0
D 0 4 3 1
Jawaban Contoh #6 – 3 ... (3)
TOCM ⇛ TOP
Opr.
Mesin
I II III IV
A 1 0 0 2
B 0 2 2 3
C 1 0 2 0
D 0 4 3 1
Revisi TOCM
Opr.
Mesin
I II III IV
A 2 0 0 2
B 0 1 1 2
C 2 0 2 0
D 0 3 2 0
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 41
Jawaban Contoh #6 – 3 ... (4)
Revisi TOCM
Opr.
Mesin
I II III IV
A 2 0 0 2
B 0 1 1 2
C 2 0 2 0
D 0 3 2 0
Solusi
Penugasan Waktu (menit) Operator Mesin
A III 9
B I 5
C II 14
D IV 9
Total 37
Solusi Optimal
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 42
Contoh #6 – 4 : Memaksimumkan
Salesman Area Pasar
I II III IV
A 205 95 185 165
B 105 75 135 205
C 180 110 145 175
D 85 70 110 125
Berikut ini adalah data banyaknya unit yang terjual oleh setiap salesman di setiap area pasar yang berbeda. Perusahaan ingin menempatkan salesman yang tepat di area pasar yang tepat agar keuntungan yang didapat perusahaan maksimal.
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 43
Untuk fungsi tujuan memaksimumkan maka matrix awal dibuat dengan
mengalikannya dengan
Memilih nilai terkecil pada setiap baris
-205 -95 -185 -165 -105 -75 -135 -205 -180 -110 -145 -175 -85 -70 -110 -125
Jawaban Contoh #6 – 4 ... (1)
-205 -95 -185 -165 -105 -75 -135 -205 -180 -110 -145 -175 -85 -70 -110 -125
Mengurangkan nilai pada baris dengan nilai terkecil
yang sudah dipilih sebelumnya
Memilih nilai terkecil pada setiap kolom yang tidak mempunyai nilai 0 (nol)
0 110 20 40
100 130 70 0
0 70 35 5
40 55 15 0
Jawaban Contoh #6 – 4 ... (2)
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 45
0 110 20 40
100 130 70 0
0 70 35 5
40 55 15 0
Mengurangkan nilai pada kolom yang tidak mempunyai nilai 0 dengan
nilai terkecil yang sudah dipilih sebelumnya
Menarik garis horisontal dan/atau vertikal untuk meliput seluruh elemen
bernilai nol
0 55 5 40
100 75 55 0
0 15 20 5
40 0 0 0
Jawaban Contoh #6 – 4 ... (3)
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 46
0 55 5 40
100 75 55 0
0 15 20 5
40 0 0 0
Karena jumlah garis tidak sama dengan jumlah baris/kolom, maka pilih
nilai terkecil yang tidak terliputi garis
Mengurangkan nilai yang tidak terliputi garis dengan nilai terpilih, dan tambahkan nilai
yang terliputi garis dua kali dengan nilai terpilih
0 50 0 40
100 70 50 0
0 10 15 5
45 0 0 5
Jawaban Contoh #6 – 4 ... (4)
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 47
0 55 5 40
100 75 55 0
0 15 20 5
40 0 0 0
Lakukan kembali penarikan garis horisontal dan/atau vertikal untuk meliput seluruh
elemen bernilai nol
Karena jumlah garis sama dengan jumlah baris/kolom
maka solusi sudah optimal
0 50 0 40
100 70 50 0
0 10 15 5
45 0 0 5
Jawaban Contoh #6 – 4 ... (5)
0 50 0 40
100 70 50 0
0 10 15 5
45 0 0 5
Solusi Contoh #6 – 4
Salesman Area Pasar Jumlah Unit
A III 185
B IV 205
C I 180
D II 70
Total 640
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 49
Materi #8 Ganjil 2014/2015 6623 - Taufiqurrahman 50