MATEMATIKA TERAPAN I. REVIEW

MATEMATIKA TERAPAN Daftar isi : I. Review Definisi Dasar Fungsi Variabel Turunan/Derivatif

Beberapa aturan pada operasi turunan Latihan Soal

Integral

Beberapa sifat pada operasi integral

Beberapa sifat trigonometri yang perlu diperhatikan Latihan Soal

II Persamaan Diferensial Biasa Pengertian persamaan diferensial Pembentukan persamaan diferensial Orde persamaan diferensial

Persamaan diferensial biasa Solusi persamaan Diferensial

Solusi umum Solusi khusus

Masalah nilai awal dan nilai batas Latihan Soal

III. Persamaan Diferensial Orde 1

Bentuk Sederhana persamaan diferensial orde pertama Pemisahan Variabel

Contoh Soal Cerita

IV. Persamaan Diferensial Linear Orde 1

Ciri-ciri sifat linearitas pada Persamaan Diferensial Persamaan Diferensial Eksak

Metode Faktor Pengintegralan

Solusi Persamaan Diferensial Non Eksak Dengan Faktor Pegintegaralan V. Persamaan Diferensial Orde 2

Persamaan Diferensial linear Orde 2

Persamaan Diferensial Linear Homogen Orde 2 dengan Koefisien Konstan (Second Order Homogeneous Linear Differential Equations With Constant Coefficients)

Akar-akarnya adalah bilangan riil dan sama Akar-akarnya adalah bilangan riil dan berbeda Akar-akarnya adalah bilangan kompleks

Persamaan Diferensial Linear Non-Homogen Orde 2 dengan Koefisien Konstan (Second Order Homogeneous Linear Differential Equations With Constant Coefficients)

VI. Aplikasi Persamaan Diferensial Dalam Bidang Teknik Elektro

I. REVIEW Definisi Dasar

Fungsi

Secara mudah, fungsi dapat dipandang sebagai “aturan” yang menghubungkan input dan output. Input yang diberikan akan dilewatkan ke sebuah blok fungsi, dan menghasilkan output sesuai dengan karakteristik blok fungsi. Hal ini dapat diilustrasikan sebagai berikut :

Gambar 1. Hubungan antara input, output, dan blok fungsi

Sebuah fungsi “pengali input dua kali” akan menghasilkan nilai output dua kali dari nilai input. fungsi tersebut apabila dituliskan secara matematis adalah sebagai berikut :

: 2

f x x,

atau ditulis secara lebih kompak ( ) 2

f x x

dan digambarkan sebagai berikut :

Gambar 2. Sebuah fungsi dengan blok fungsi “input kalikan 2”

Input suatu fungsi disebut sebagai argumen. Pada fungsi f x( ) 2x, yang menjadi argumen adalah x. Jika x diganti dengan nilai 3, maka : f(3) 2.3 6, dengan nilai argumen adalah 3.

Sebuah fungsi dapat digambarkan secara grafik dengan memakai kordinat kartesius. Fungsi ( ) 2

f x x dapat digambarkan dengan menguji nilai f x( )untuk beberapa nilai x sebagai berikut. x = 2,  f x( )= 4 x = 1,  f x( )= 2 x = 0,  f x( )= 0 x = -1, f x( )= -2 x = -2, f x( )= -4 dst.

Gambar 3. koordinat kartesius fungsi f x( ) 2x Variabel

Pada fungsi y f x( ) 2x, x dan y dapat memiliki kemungkinan sejumlah nilai tertentu, sehingga x dan y dinamakan sebagai variabel. x adalah variabel independent (variabel bebas) dan y adalah variabel dependent (variabel tak-bebas), mengingat nilai y ditentukan oleh nilai variabel x.

Contoh I.1

a. y x4 5x2, variabel dependent = y. variabel independent = x b.

dq

6

q

3

t

2

dt

, variabel dependent = q. variabel independent = t c. 2 2

9

t

d y

x

e

dt

, variabel dependent = y, variabel independent = x, t

pada contoh b dan c terlihat bahwa pada persamaan differensial, variabel dependent-nya adalah variabel dalam bentuk turunannya.

TURUNAN/DERIVATIF

Berikut ini adalah turunan dari beberapa fungsi.

input output aturan input output Fungsi input kalikan 2

x

2x

f

0 1 2 2 4 -1 -2 -2 -4

Tabel I.1. Beberapa fungsi yang sering digunakan beserta turunannya

Fungsi, y(x) Turunan, y’ Fungsi, y(x) Turunan, y’

Konstanta 0 1 sin (ax b) 2

1 (

)

a

ax b

n x nxn 1 cos (1 ax b) 2

1 (

)

a

ax b

x e ex tan (1 ax b) 2

1 (

)

a

ax b

x e e x sinh(ax b) acosh(ax b) ax e aeax cosh(ax b) asinh(ax b) ln x

1

x

tanh(ax b) 2 sec ( ) a h ax b

sin x

cos x

cosech ax b( ) acosech ax b( ) coth(ax b)

cos x

sin x sec (h ax b) a ech ax bs ( ) tanh(ax b)

sin(ax b) acos(ax b) coth(ax b) 2

cos ( ) a ech ax b cos(ax b) asin(ax b) 1 sinh (ax b) 2

(

)

1

a

ax b

tan(ax b) 2 sec ( ) a ax b cosh (1 ax b) 2

(

)

1

a

ax b

cosec ax b( ) acosec ax b( ) cot(ax b) 1

tanh (ax b)

2

1 (

)

a

ax b

sec(ax b) asec(ax b) tan(ax b)

Beberapa Aturan Pada Operasi Turunan

Jika u dan v adalah sebuah fungsi, dan c adalah konstanta, maka : 1. (u v) ' u' v'

2. (uv) ' u v uv' ' 3. (cu) ' cu' 4.

( ) '

u

u v uv

'

₂

'

v

v

5. Jika y y z( ), dan z z x( ), maka :

dy

dy

*

dz

dx

dz

dx

Contoh I.2

Carilah turunan dari fungsi y berikut ini : 1. y (x2 sin )x jawab : 2

(

)

(sin )

'

d x

d

x

y

dx

dx

' 2 cos y x x 2. sin : , sin y x x misalkan u x v x.

' 1 u , dan v' cosx maka y menjadi

y

uv

. ' ( ) ' ' ' ' y uv y u v uv sin cos y x x x 3. y 10 cosx Jawab : ' 10sin y x 4. 2

2

1

t

y

t

. Jawab : Misalkan u t2 dan v 2t 1. ' 2 u t, dan v' 2

( )

u

y

v

, maka 2

'

'

'

( ) '

u

u v uv

y

v

v

2 2

2 (2

1)

.2

'

(2

1)

t

t

t

y

t

2 2 2 2 2 2

4

2

2

2

2

2 (

1)

'

(2

1)

(2

1)

(2

1)

t

t

t

t

t

t t

y

t

t

t

5. y z6, z x2 1. Carilah

dy

dx

! Jawab : 2 6 ( 1) y x ,

dy

dy

*

dz

dx

dz

dx

5 6 .2z x 5 12 .x z 2 5 12 (x x 1) Latihan Soal I.1 Temukan turunan dari

1. y e 7 x 2. y tan(3x 2) 3. y x5 4. y sin( x ) 5.

y

1

₅

t

6. y cos(4 t) 7.

y

8. y cos (41 t 3) 9. y sin ( 21 t 3) 10.

1

sin(5

3)

y

x

11. y 3sin(5 )t 2e4t 12. y 2e3t 17 4sin(2 )t 13.

1

₃

cos 5

2

t

y

t

14. 3 4

2

3

2

w

w

e

y

15.

y

x

ln(

x

)

16. y 3sin (2 ) 5cos (3 )1 t 1 t 17.

1

tan (

1

2) 4 cos (2

1

1)

2

y

t

t

18. Sebuah fungsi : 3 2

5

( )

4

1

3

2

t

t

y t

t

(a) tentukan

dy

dt

(b) jika turunan pertama fungsi tersebut adalah nol, berapa nilai t ? Latihan Soal I. 2

Carilah turunan dari fungsi berikut ini : 1. y sin cosx x

2.

y

xe

x 3. y etsin cost t 4. y etsin cost t

(nomor 1-4, gunakan aturan perkalian)

5.

cos

sin

x

y

x

6. 2 3

1

t

e

y

t

7. 2 3

3

2

9

1

x

x

y

x

8. y ln(x2 1) 9. y sin (33 t 2) 10.

1

1

y

t

INTEGRAL

Proses mengintegralkan suatu fungsi merupakan kebalikan turunan/derivatif. Suatu fungsi f(x) dapat kita turunkan menjadi :

d fx

(

)

dx

. Apabila kita ingin mencari suatu fungsi f(x) dari turunan/derivatif-nya, maka dinamakan : integral

Tabel I.2. Beberapa fungsi yangs sering digunakan beserta integral fungsi tersebut Fungsi, f(x) _{f x dx( )} Fungsi, f(x) _{f x dx( )}

K, Konstanta kx c

tan ax

ln | sec

ax

|

c

a

n x 1

,

1

1

n

x

c n

n

tan(ax b)

ln | sec(

ax b

) |

c

a

x e e x c cosec ax b( )

1

ln |

co

sec(

ax b

) cot(

ax b

) |

c

a

x e e x c sec ax b( )

1

ln | sec(

ax b

)

tan(

ax b

) |

c

a

ax e ax

e

c

a

cot(ax b)

1

ln | sin(

ax b

) |

c

a

1 x ln | |x c 2 2

1

a

x

1

sin

x

c

a

sin x cos x c 2 2

1

a

x

1

1

tan

x

c

a

a

sin ax

cos ax

c

a

sin(ax b)

cos(

ax b

)

c

a

cos x

sin x c

cos ax

sin ax

c

a

cos(ax b)

sin(

ax b

)

c

a

tan x

ln | sec |x c Contoh I.3

Temukan fungsi y jika : (a) y' 6x (b) y' 4x3 (c) y' cosx x jawab : 1. y 6xdx 2 3

y x c, dengan c adalah suatu konstanta sembarang. Perlu diingat, bahwa turunan dari suatu konstanta adalah nol. 2. y 4x dx3

4

(3 1)

,

4

(3 1)

y

x

y

x

c

3. y (cosx x dx)

sin

1

2

2

y

x

x

c

1. (f g dx) fdx gdx 2. Afdx A fdx

3. (Af Bg dx) A f dx B gdx (sifat 1-3 dinamakan sifat linearitas) 4. uv dx' uv vu dx'

Beberapa sifat trigonometri yang perlu diingat : 1. sin2t cos2t 1 2.

cos

2

1 cos 2

2

t

t

3.

sin

2

1 cos 2

2

t

t

4.

tan

sin

cos

t

t

t

5. sin 2t 2sin cost t

6. cos 2t 1 2sin2t 2 cos2t 1 cos2t sin2t 7. tan2t 1 sec2t

8. 1 cot 2t cosec2t

9. sin(A B) sinAcosB sinBcosA 10. cos(A B) cosAcosBsinAsinB

11. tan( ) tan( ) 1 tan tan A B A B A B 

12. 2sinAcosB sin(A B) sin(A B) 13. 2sinAsinB cos(A B) cos(A B) 14. 2 cosAcosB cos(A B) cos(A B) Latihan Soal I.3

Temukan fungsi y jika : 1. y sin(3x 2) 2. y 5.9

3. y e 3t 4.

y

1

₅

x

nomor 5 dst, gunakan sifat linear integral 5.

y

3

t

2

t

6.

sin

cos

2

x

x

y

7.

7 cos

( )

2

y

ec

8. y 4 cos(9x 2) nomor 9 dst. Carilah : 9. cos tdt2 10. sin tdt2

11. xe dx2 x 12. etsintdt 13. (3x 1)5dx 14. 2 2 1 sin cost tdt 15.

4

(5

x

7)

dx

II. Persamaan Diferensial Biasa (Ordinary Differential Equations)

II. 1 Pengertian Persamaan Diferensial

Persamaan Diferensial/PD adalah persamaan yang di dalamnya berisi turunan (derivative atau differential) satu atau lebih variabel. Persamaan diferensial orde 1 dengan y sebagai variabel independent dan x sebagai variabel dependent ditulis secara matematis sebagai berikut :

( , )

dy

f x y

dx

. Sedangkan persamaan diferensial dalam orde 2 ditulis secara matematis sebagai :

2

2

( , ,

)

d y

dy

f x y

dx

dx

dengan catatan, tidak semua variabel dari fungsi f harus muncul dalam persamaan. Contoh dari persamaan diferensial antara lain:

(1)

e

x

dx

dy

x

sin

(x adalah variabel independent, y adalah variabel dependent yang nilainya tergantung x) (2) y" 2y' y cosx (3) t u y u x u 2 2 2 2

(4) 3x2dx 2ydy 0

II Pembentukan persamaan diferensial

Persamaan diferensial muncul ketika terjadi perubahan pada suatu besaran, yang biasanya dinyatakan dalam suatu fungsi matematis. Contoh (1), (2), (3) dan (4 ) merupakan persamaan diferensial yang secara matematis diekspresikan tanpa mengetahui latar belakang pembentukan/terjadinya persamaan diferensial tersebut.

Contoh pembentukan persamaan diferensial dalam dunia riil adalah persamaan differensial yang terbentuk dari suatu objek yang sedang bergerak. Dimisalkan objek tersebut bergerak dengan karakteristik persamaan : 2 2

6

2

3

d x

dx

x

t

dt

dt

dengan : x menyatakan jarak 2 2

d x

dt

(yaitu turunan kedua fungsi jarak) menyatakan percepatan, dan

dx

dt

(turunan pertama) menyatakan kecepatan.

Contoh yang lain adalah muatan listrik yang bergerak, dimisalkan memiliki persamaan :

8

sin

dq

q

t

dt

dengan q merupakan muatan listrik,

dq

dt

merupakan laju aliran muatan (yang diistilahkan sebagai aliran arus listrik).

Contoh lain pembentukan persamaan diferensial adalah pada rangkaian listrik yang terdiri dari komponen RC sebagaimana diperlihatkan dalam gambar berikut :

Gambar II.1 Suatu Rangkaian listrik dengan saklar

Berdasarkan hukum kirchof, jumlah tegangan pada loop tertutup dari suatu rangkaian listrik adalah nol. Jika dituliskan :V_S V_R V_C , atau V_R V_S V_C.

Vs = tegangan sumber Vc = tegangan pada kapasitor VR = tegangan pada resistor

Berdasarkan hukum Ohm, arus yang mengalir pada resistor (pada rangkaian tertutup) dapat dicari dengan rumus :

i

Vs Vc

R

.

Arus yang mengalir pada kapasitor adalah :

i

C

dVc

dt

.

Oleh karena arus yang mengalir pada kapasitor = arus yang mengalir pada resistor, maka :

Vs Vc

dVc

C

R

dt

.

Vs

R

C

Vc

V

R

i

+

-

Sehingga didapatkan :

RC

dVc

Vc

Vs

dt

.Persamaan ini merupakan persamaan diferensial dengan Vc adalah variabel dependent, dan t merupakan variabel independent.

Lebih lanjut tentang aplikasi persamaan diferensial dalam bidang elektro, dapat dipelajari di bagian akhir bab ini.

Orde Persamaan Diferensial

Orde persamaan diferensial adalah orde tertinggi dari turunan yang ada di dalam persamaan diferensial tersebut.

3

dq

q

R

dt

C

, adalah persamaan diferensial orde pertama dalam q

sin( )

d

dt

, adalah persamaan diferensial orde pertama dalam θ

2

'' 4 0

x t , adalah persamaan diferensial orde kedua dalam x

3

2

3

4

d u

du

u

t

dt

dt

, adalah persamaan diferensial orde ketiga dalam u Persamaan Diferensial Biasa

Persamaan diferensial yang hanya melibatkan satu variabel independent disebut sebagai persamaan diferensial biasa. Sehingga contoh (1), (2), dan (4) di muka merupakan contoh persamaan diferensial biasa, sedangkan contoh (3) bukan merupakan persamaan diferensial biasa. Selanjutnya, (3) merupakan persamaan diferensial parsial (partial differential equation,PDE). Persamaan diferensial parsial adalah persamaan diferensial yang melibatkan dua atau lebih variabel independent. Contoh : persamaan diferensial parsial orde 1 dengan 2 variabel independent : x1 dan x2 ditulis dalam bentuk :

( 1, 2, )

1

y

f x x

y

x

, dan bukan

1

( 1, 2, )

dy

f x x

y

dx

.

Solusi Persamaan Diferensial

Solusi persamaan differensial adalah suatu fungsi yang memenuhi persamaan diferensial yang dimaksudkan. Pada kedua kasus di atas adalah dimaksudkan untuk mencari nilai x(t) dan q(t). Solusi persamaan differensial dapat berupa solusi analitis, dimana jawaban dari persamaan differensial tersebut dapat dinyatakan dalam fungsi-fungsi dasar seperti et, sin t, cos t, dst. Tidak semua persamaan diferensial dapat dicari solusinya secara analitis. Solusi persamaan differensial dapat juga dicari dengan menggunakan metode numerik yang menghasilkan solusi dengan nilai pendekatan.

Contoh II.1: Tunjukkan bahwa x = t3 adalah solusi dari persamaan diferensial :

dx

3

t

2

dt

Jawab :

Untuk membuktikan bahwa x = t3 adalah solusi dari persamaan diferensial

dx

3

t

2

dt

, maka substitusikan x = t3 kedalam persamaan

dx

3

t

2

dt

. 3 2

( )

3

d t

t

dt

, 2 2

3t 3t , berlaku untuk semua nilai t, sehingga x = t3 adalah solusi dari

dx

3

t

2

dt

.

Contoh II.2 : Tunjukkan bahwa y t2 3t 3.5 adalah solusi dari persamaan diferensial

2

'' 3 ' 2 2

y y y t .

Jawab : y t2 3t 3.5, y' 2t 3, y'' 2. Substistusikan ke dalam persamaan diferensial

2

'' 3 ' 2 2

y y y t , sehingga :

2 2

2 2

2t 6t 9 2t 6t 7 2t

2 2

2t 2t

Solusi ini berlaku untuk semua nilai t. Sehingga y t2 3t 3.5 merupakan solusi dari persamaan diferensial y'' 3 ' 2y y 2t2

Solusi Umum dan Khusus

Persamaan diferensial boleh jadi memiliki banyak solusi. Sebagai contoh, persamaan diferensial

dx

3

t

2

dt

dapat memiliki solusi x = t

3

, x = t3+9, x = t3-6, dst. Solusi solusi ini disebut

sebagai solusi khusus, sedangkan x = t3 + C merupakan solusi umum dari

dx

3

t

2

dt

.

Persamaan differensial dalam bidang teknik umumnya digunakan untuk memodelkan sistem dinamis, yaitu sistem yang berubah terhadap waktu. Contoh dari beberapa sistem dinamis antara lain:

1. Rangkaian listrik dengan arus/tegangan yang merupakan fungsi waktu.

2. Dalam produksi kimia, dimana tekanan, laju aliran, dst selalu berubah terhadap waktu. 3. Peralatan semikonduktor, dimana kerapatan hole dan elektron selalu berubah.

Masalah Nilai Awal dan Nilai Batas

Jika dalam suatu persamaan diferensial diberikan suatu kondisi tambahan dengan sebuah nilai yang sama pada variabel independent-nya (baik fungsi maupun turunannya), maka dikatakan bahwa persamaan diferensial tersebut sebagai masalah nilai-awal (initial-value problem). Jika kondisi tambahan yang diberikan merupakan nilai yang berbeda pada variabel independent-nya, maka dikatakan sebagai masalah nilai-batas (boundary-value problem).

Contoh II.3 :

Sebuah persamaan diferensial : 2 1

2y e ;y( ) ,y( )

y x

merupakan bentuk initial-value problem, karena terdapat dua kondisi tambahan yaitu pada

x

, dengan y (π) = 1 dan y’ (π) = 2.

Sedangkan pada persamaan diferensial : 1 1 1 0 2y e ;y( ) ,y( ) y x

merupakan bentuk boundary-value problem, karena dua kondisi tambahan diberikan pada nilai x yang berbeda, yaitu pada x 0 and x 1.

Latihan Soal II.1:

1. Tunjukkan bahwa : y 3sin 2x adalah solusi dari persamaan diferensial :

2

2

4

0

d y

y

dx

2. Jika y Ae2 x adalah solusi umum dari

dy

2

y

dx

, carilah solusi khusus yang memenuhi y(0) = 3.

3. Identifikasi variabel dependent dan independent dari persamaan diferensial berikut ini. Dan sebutkan orde persamaan diferensial tersebut!

(a) 3 3

5

cos

d y

dy

x

dx

dx

(b)

dy

9

y

0

dx

(c) 2 2

(

dy d y

)(

) 9

dy

0

dx

dx

dx

4. Solusi umum dari : 2 2

(

d y

) 2

dy

y

0

dx

dx

adalah : x x

y Axe Be . Carilah solusi khusus yang memenuhi : y(0) = 0,

dy

(0) 1

dx

III. Persamaan Diferensial Orde 1

Sebelum membahas persamaan diferensial orde tinggi, akan dibahas terlebih dahulu persamaan diferensial orde 1.

Bentuk Sederhana

Bentuk sederhana persamaan diferensial orde 1 adalah :

dy

f x

( )

dx

. Fungsi y dapat dicari dengan cara mengintegralkan f(x), yaitu : y f x dx( ) . Namun d, kebanyakan pada demikian, persamaan diferensial yang dijumpai dalm soal umumnya tidak sesederhana itu bentuknya.. Contoh III.1

5sin 2

dy

x

dx

. Untuk mencari fungsi y (x), persamaan tersebut diintegralkan : Maka y 5sin 2xdx,

5

cos 2

2

y

x C

Pemisahan Variabel

Jika persamaan diferensial memiliki bentuk :

dy

f x g y

( ) ( )

dx

, maka penyelesaian persamaan diferensial tersebut dapat dicari dengan metode pemisahan variabel, yaitu :

1

( )

y dy

f x dx

( )

g

.

Berikut ini adalah contoh penyelesaian persamaan diferensial dengan metode pemisahan variabel. Perhatikan bahwa variabel dikelompokkan sesuai dengan variabel sejenisnya, yaitu variabel x dengan dx, variabel y dengan dy.

Contoh III.2

Temukan solusi persamaan diferensial berikut dengan metode pemisahan variabel :

(a)

dy

dx

x

y

2 (b) dy dx x y x 2 3 1 (c)

dy

x

dx

y

, y(0) = 1 (d)

dm

2

m

sin ,

t

m

(0)

4

dt

Jawab :

(a) Persamaan diferensial

dy

dx

x

y

2

yd y x d x2 y x C y x C 2 3 3 2 3 2 3 2 , cukup ditulis: 3 2 3 x y C (b) Persamaan diferensial dy dx x y x 2 3 1 menjadi

ydy

x

x

d x

2 3

1

sehingga

yd y

x

x

d x

y

x

C

y

x

C

2 3 2 3 3

1

2

1

3

1

2

3

1

ln

ln

'

(c) Pisahkan variabel yang sama sehingga persamaan diferensialnya menjadi : ydy xdx , integralkan kedua ruas :

2 2

1

1

2

2

ydy

xdx

y

x

c

,

Kalikan kedua ruas dengan 2 sehingga menjadi :y2 x2 c ( seharusnya adalah 2c, namun karena masih bersifat konstanta, cukup ditulis c saja). Untuk mencari nilai c, substitusikan nilai y(0) = 1.

2 2

1 0 c , c 1

Sehingga solusi persamaan diferensial

dy

x

dx

y

adalah :

2 2

1

x y

(d)

dm

2

m

sin ,

t

m

(0)

4

dt

. Pisahkan variabel yang sama sehingga :

2sin

dm

tdt

m

, 

2 sin

dm

t dt

m

, 1 2

_{2 sin}

m dm

t dt

,  1 2 2m 2 cost c,  m cost c oleh karena c = 3, maka m 3 cost 2

Latihan Soal 1.

dx

10

dt

2.

dy

e

2 x

dx

3. 2 2 x

dy

e

dx

y

4.

dx

9 cos 4

₂

t

dt

x

5.

dx

3cos 2

t

₂

8sin 4

t

dt

x

x

6.

dy

3sin

t

dt

y

, y(0) = 2

7. 2

6

dy

x

dx

y

, y(0) = 1 8.

x

2

dy

2

y

2

yx

dx

9.

y

dy

sin

x

dx

10. temukan solusi umum dari persamaan diferensial :

2

(

1)

dx

x

dt

t

. Tentukan solusi khusus yang memenuhi : x(0) = 5

Contoh Soal Cerita Contoh III.3

Laju pertumbuhan penduduk suatu negara adalah 1,3 kali jumlah penduduk saat ini. Jika jumlah penduduk saat ini adalah 80, berapakah jumlah penduduk setelah 100 minutes ?

Jawab :

Langkah 1  Pemodelan menjadi persamaan diferensial

1.3

dN

N

dt

Langkah 2  Integralkan

1.3

dN

dt

N

, ln |N| 1.3t c Langkah 3  Jadikan N sebagai subjek :

1.3t c

N e

Langkah 4  Susun kembali persamaan N dengan konstanta yang bersangkutan:

1.3t c

N e e , N Ae1.3t dengan A = ec Langkah 5  Cari nilai konstanta :

0

80 Ae A 80 (didapat dari N(0) = 80) Langkah 6  Temukan solusinya :

1.3 100

80

N e , N 2.298 10 individu58 Contoh III.4

Jawab :

Blok es deng berat 10kg meleleh dalam lingkungan yang temperaturnya naik. Laju pengurangan berat es per detik adalah sebanding dengan 20 dikurangi berat es yang tersisa. Setelah 60 detik, berat es adalah 9.5 kg. berapa berat es setelah 120 detik ?

Langkah 1  Susun persamaan diferensialnya :

(20

)

dM

k

M

dt

, M(0) = 10, M(60) = 9.5 Langkah 2  Integralkan :

(20

)

dM

k

M

dt

,

20

dM

k dt

M

ln | 20 M | kt c Langkah 3  Jadikan M sebagai subjek :

ln | 20 M | kt c, 20 M ekt c, M 20 ekt c

Langkah 4  Susun kembali persamaan M dengan konstanta yang bersangkutan: 20 kt c

Langkah 5  Cari nilai konstanta

Gunakan nilai kondisi awal : M(0) = 10, M(60) = 9.5

0 10 20 Ae A 10, 60 9.5 20 Ae k, 10e60k 10.5, e60k 1.05, 60k ln1.05, k 0.000813 maka M 20 10e0.000813t

Langkah 6  Temukan solusinya :

0.000813 20 10 t M e , M(120) 20 10e0.000813 120, (120) 8.975 kg M Contoh III.5 Jawab :

Laju pertumbuhan suatu kultur bakteri adalah sebanding (proporsional) dengan fungsi eksponensial pangkat t, dengan t adalah waktu (dalam jam). Disebabkan karena pertumbuhan bakteri yang sangat cepat, maka terjadi overcrowding, sehingga laju pertumbuhan bakteri juga berbanding terbalik dengan pangkat empat dari jumlah bakteri saat itu. Lewat eksperimen diketahui bahwa konstanta proporsionalnya adalah 1. Jika pada awalnya hanya terdapat 1 bakteria, berapa banyak bakteria dalam waktu 5 jam ? Solusi : pemodelan matematis : ₄

,

(0) 1

t

dn

e

n

dt

n

, ditanyakan :n(5) = ???

4

cos 0

c

2

1

c

4 t n dn e d , n dn4 e dtt , 5

5

t

n

e

c

, n5 5et c evaluasi nilai c : 5 0 1 5 1 5 4 e c c c 5 5 t 4 n e , n 5 5et 4,

IV. Persamaan Linear Orde Pertama

Adakalanya persamaan diferensial memiliki bentuk :

dy

P x y

( )

Q x

( )

dx

, maka dikatakan bahwa

persamaan diferensial tersebut dinamakan persamaan diferensial linear orde pertama. P(x) dan Q(x) merupakan fungsi x. Contoh persamaan diferensial linear orde pertama adalah

2

5

7

dy

xy

x

dx

,  P(x) = 5x  Q(x) = 7x2

2

4

x

dy

y

e

dx

x

,  P(x) =

2

x

 Q(x) = 4e x Metode Faktor Pengintegralan

Persamaan linear orde pertama dapat dicari solusinya dengan metode : faktor pengintegralan, yaitu dengan cara mengalikan persamaan diferensial linear tersebut dengan μ sehingga :

dy

Py

Q

dx

, dengan P dan Q merupakan fungsi dengan variabel x.

5 5

(5) 5 4

4

Faktor pengintegralan/ μ dapat dicari dengan rumus :

e

Pdx. Ide dari penggunaan faktor pengintegaralan ini adalah menjadikan persamaan diferensial tersebut bersifat eksak, yakni sisi kiri persamaan diferensial

dy

Py

Q

dx

dapat ditulis sebagai :

(

)

( )

d

y

Q x

dx

. Ingat bahwa :

(

)

d

dy

d

y

y

dx

dx

dx

( dari rumus (uv) ' u v uv' '). Sehingga :

dy

dy

d

Py

y

dx

dx

dx

, disederhanakan menjadi :

d

y

Py

dx

d

P

dx

, 

d

P

dx

maka akan didapatkan :

e

Pdx kembali ke persamaan diferensial mula-mula :

(

)

( )

d

y

Q x

dx

, y Qdx

y

1

Qdx

Contoh IV.1

Tentukan penyelesaian dari :

dy

y

5

dx

x

dengan faktor pengintegralan Jawab :

dari persamaan diferensial

dy

y

5

dx

x

, terlihat bahwa

1

P

x

dan Q 5. Maka :

y

1

Qdx

, dengan 1 ln dx x x e e x

1

5

y

xdx

x

2

1 5

2

y

x

C

x

,

5

2

y

x C

Latihan Soal :

1. Buktikan bahwa solusi dari persamaan diferensial

d

P

dx

adalah : Pdx

e

. 2.

dy

4

y

8, (0) 1

y

dx

3.

dx

3

x

8

dt

4.

dy

y

2

x

8

dx

5.

x

dy

y

x

3

dx

Persamaan Diferensial Eksak

M x y dx( , ) N x y dy( , ) 0

dinamakan persamaan diferensial eksak (exact differential equation) jika terdapat sebuah fungsi f sedemikian rupa sehingga

M

f

x

and

N

f

y

pada daerah tertentu. Oleh karenanya, persamaan di atas dapat ditulis kembali menjadi :

f

x

dx

f

y

dy

0

. Solusi dari persamaan ini adalah f x y( , ) k, k adalah nilai konstanta tertentu.

Apabila M x y f x

( , ) dan N x y f y

( , ) maka persamaan diferensial dalam bentuk

M x y dx( , ) N x y dy( , ) 0 dikatakan eksak jika dan hanya jika M y

N x .

Contoh IV.2

Buktikan bahwa persamaan diferensial berikut bersifat eksak dan tentukan solusi persamaan diferensial tersebut :

(a) 9x2 y 1dx 4y x dy 0

(b) exsiny 2ysinx dx excosy 2cosx dy 0 jawab :

(a) Untuk persamaan diferensial

M x y x y M y ( , ) 9 2 1 1 N x y y x N x ( , ) 4 1

oleh karenanya, persamaan diferensial tersebut eksak. Fungsi diferensialnya adalah : f x 9x y 1 f x y 9x y 1dx 3x x y x C y 2 2 3 1 ( , ) ( ) f y 4y x f x y 2y x y C x 2 2 ( , ) ( )

dengan membandingkan kedua persamaan di atas maka didapatkan : f x y( , ) 3x3 x y x 2y2

Oleh karenanya, solusi umum persamaan diferensial tersebut adalah : 3x3 x y x 2y2 k

(b) Untuk persamaan diferensial ini :

M x y e y y x M

y e y x

x x

N x y e y x N

x e y x

x x

( , ) cos 2cos cos 2sin

adalah merupakan persamaan diferensial bersifat eksak. Fungsi diferensialnya adalah : f

x e y y x f x y e y y x C y

x x

sin 2 sin ( , ) sin 2 cos 1( )

f

y e y x f x y e y y x C x

x x

cos 2cos ( , ) sin 2 cos 2( )

dengan membandingkan kedua persamaan di atas maka didapatkan : f x y( , ) exsiny 2ycosx

Oleh karenanya, solusi umum persamaan diferensial tersebut adalah : exsiny 2ycosx k

Solusi Persamaan Diferensial Non Eksak Dengan Faktor Pegintegaralan Apabila persamaan diferensial dalam bentuk :

M x y dx( , ) N x y dy( , ) 0

jika tidak eksak, faktor integralnya dicari terlebih dahulu. Pedoman mencari faktor pengintegralannya adalah sebagai berikut :

a. jika 1 M N f x( )

N y x , dengan f(x) adalah fungsi dalam x, maka faktor integralnya adalah :

e

f x dx( )

b. jika 1 M N g y( )

N y x , dengan g(y) adalah fungsi dalam y, faktor integralnya adalah

( ) g y dy

e

Contoh IV.3

Temukan faktor pengintegralan dari persamaan diferensial biasa berikut dan tentukan solusinya : 3x y2 2x y y dx3 x2 y dy2 0 solusi: 2 3 2 2

( , )

3

2

3

2

3

dan

6

2

M x y

x y

x y

y

M

M

x

x

y

x y

y

y

x

2 2 ( , ) N 2 dan N 2 N x y x y x y x y terlihat bahwa 1 3 N M y N

x . Oleh karenanya, faktor pengintegralannya adalah :

exp

3

d x

e

3x sehingga persamaan diferensial-nya menjadi

fungsi diferensialnya adalah f x y( , ) f x e x y x y y x 3 2 3 3 2

f

y

e

x

y

f x y

e

x y

y

C x

f

x

e

x y

e

x y

y

C x

f

x

e

x y

x y

y

C x

x x x x x 3 2 2 3 2 3 3 3 2 3 3 2 3

3

2

3

3

2

3

( , )

( )

' ( )

' ( )

dengan membandingkan kedua persamaan di atas, didapatkan :

'( ) 0, ( ) constant

C x sehingga C x

solusi umum persamaan diferensial tersebut adalah :

k y y x e y x f x 3 3 2 3 ) , ( Contoh IV.3 Selesaikan : (2xy e4 y 2xy3 y dx) (x y e2 4 y x y2 2 3 )x dy 0 Jawab :

Kita periksa terlebih dahulu apakah persamaan diferensial tersebut bersifat eksak ataukah tidak. 3 4 2

8

y

2

y

6

1

M

xy e

xy e

xy

y

4 2

2

y

2

3

N

xy e

xy

x

persamaannya tidak eksak karena

N

M

x

y

. Selanjutnya dicari faktor integralnya :

3 2

8

y

8

4

M

N

xy e

xy

y

x

, dan

4

( )

M

N

y

x

g y

N

y

maka faktor integralnya adalah :

4 4ln 4

1

dy y y

e

e

y

kalikan persamaan diferensial (2xy e4 y 2xy3 y dx) (x y e2 4 y x y2 2 3 )x dy 0 dengan faktor integralnya, yaitu :

1

₄

y

, sehingga persamaan diferensialnya berbentuk :

2 2 3 2 3

1

(2

y

2

x

)

(

y

x

3

x

)

0

xe

dx

x e

y

y

y

y

dan persamaan diferensial ini eksak.

Selanjutnya : ambil =

Mdx

(2

xe

y

2

x

1

₃

)

dx

y

y

2 2 3

( )

y

x

x

x e

y

y

y

sehingga : 2 2 2

3

4

'( )

y

x

x

x e

y

y

y

y

= N 2 2 2 2 2

3

4

'( )

2

3

4 y

x

x

y

x

x

x e

y

x e

y

y

y

y

sehingga '( )y 0, maka ( )y konstanta oleh karenanya, solusi persamaan diferensial

4 3 2 4 2 2 (2xy ey 2xy y dx) (x y ey x y 3 )x dy 0 adalah : 2 2 3 y

x

x

x e

C

y

y

Soal latihan

periksalah apakah persamaan diferensial di bawah ini eksak atau tidak, kemudian carilah solusinya. 1. ( 2x y2 x dx) (xy dy) 0

2. (2x y3 2 4x y2 2xy2 xy4 2 )y dx 2(y3 x y2 x dy) 0 V. Persamaan Diferensial Orde 2

Persamaan Diferensial linear Orde 2

Persamaan diferensial linear orde 2 memiliki bentuk umum sebagai berikut : :

2 2

( )

d y

( )

dy

( )

( )

p x

q x

r x y

f x

dx

dx

dengan p x q x r x( ), ( ), ( )dan f x( ) adalah fungsi dengan variabel x. Apabila f x( ) = 0, maka persamaan diferensial ini dikatakan homogen. Sebaliknya, jika f x( ) 0, maka dikatakan sebagai persamaan diferensial linear tidak homogen orde 2.

2 2

( )

d y

( )

dy

( )

0

p x

q x

r x y

dx

dx

, homogen 2 2

( )

d y

( )

dy

( )

sin

p x

q x

r x y

x

dx

dx

, tidak homogen

contoh persamaan diferensial linear orde 2 antara lain :

2 2 2

1

sin

d y

dy

x

x

y

x

dx

dx

x

Persamaan Diferensial Linear Homogen Orde 2 dengan Koefisien Konstan (Second Order Homogeneous Linear Differential Equations With Constant Coefficients)

Orde 2 : pangkat tertinggi dari turunan (derivatif) yang terdapat pada persamaan diferensial : Contoh :

2 2

d x

dt

Homogen : tiap elemen mengandung unsur :

2 2

,

,

d x dx

x

dt

dt

Contoh : 2 2 3 0 d x dx x x dt dt t  homogen 2 2

3

3

d x

dx

t

dt

dt

 tidak homogen

Linear : tiap elemen persamaan mengandung setidaknya satu unsur :

2

2

,

,

d x dx

x

unsur : 2

dx

dt

atau 2 2

d x

x

dt

.

Persamaan diferensial dikatakan linear jika :

1. Variabel dependent dan turunannya berpangkat satu. Jadi bentuk

2

dx

dt

adalah non linear (mengapa ??)

2. Tidak ada perkalian antara varibel dependent dan turunannya. Sehingga bentuk

2 2

d x

x

dt

adalah non-linear (mengapa??)

3. Variabel dependent tidak berbentuk fungsi non-linear, seperti fungsi sinus, cosinus, eksponensial, dst. Contoh :

dx

4

t

dt

2 2

4

d x

t

dt

2 2

3

0

d x

dx

x

t

dt

dt

t

 Linear, karena syarat (1),(2),(3) terpenuhi 2 2 2

3

0

d x

dx

x

t

dt

dt

t

,  Tidak linear karena menyalahi syarat (2)

2 2

2

0

d y

y

dx

, Tidak linear karena menyalahi syarat (1)

cos

0

dy

y

dx

, Tidak linear karena menyalahi syarat (3) Koefisien Konstan : koefisien

2 2

,

,

d x dx

x

dt

dt

adalah konstanta Solusi Umum

Contoh dari persamaan diferensial linear homogen orde 2 dengan koefisien konstan antara lain : : 2 2

6

0

d x

dx

x

dt

dt

, 2 2

4

0

d x

x

dt

, dst

Berikut ini contoh dalam mencari solusi umum persamaan diferensial linear homogen orde 2 dengan koefisien konstan

Contoh V.1

Carilah solusi dari persamaan diferensial :

2 2

4

3

0

d x

dx

x

dt

dt

. Jawab : Misalkan x Ce t, maka

dx

C e

t

dt

, dan 2 2 2 t

d x

C

e

dt

Substitusikan sehingga menjadi : C 2e t 4C e t 3Ce t 0, 2 4 3 0

ke persaman 2 2

4

3

0

d x

dx

x

dt

dt

menghasilkan persamaan 2 4 3 0 , dengan = -3, -1. oleh karenanya terdapat 2 solusi, yaitu x Ce 3t dan x Ce t. Oleh karenanya, solusi umum persamaan diferensial 2 2

4

3

0

d x

dx

x

dt

dt

adalah : 3 1 2 t t

x

C e

C e

Contoh V.2

Tentukan solusi umum dari persamaan diferensial berikut :

2 2

d x

2

dx

15

x

0

dt

dt

jawab : misalkan x Ce t, maka

dx

C e

t

dt

, dan 2 2 2 t

d x

C

e

dt

2 2 15 0 t t t C e C e Ae , 2 2 15 0 Didapatkan = 5, -3. Solusi umum :

x

C e

₁ 5t

C e

₂ 3t Catatan : 2 2

4

3

0

d x

dx

x

dt

dt

memiliki persamaan karakteristik

2

4 3 0

2 2

d x

2

dx

15

x

0

dt

dt

memiliki persamaan karakteristik

2 2 15 0 jadi : 2 2 2

d x

dt

,

dx

dt

, x 1 maka : 2 2

5

6

0

d x

dx

x

dt

dt

2 5 6 0

Akar-akar persamana karakteristik dapat memiliki 3 kemungkinan : 1. Akar-akarnya adalah bilangan riil dan berbeda 2. Akar-aknya adalah bilangan kompleks dan sama 3. Akar-akarnya adalah bilangan kompleks

4. Akar-aknya adalah bilangan riil dan sama Latihan Soal :

Tuliskan persamaan karakteristik dari : (a) 2 2

3

0

d x

dx

x

dt

dt

(b) 2 2

0

d x

dx

dt

dt

(c) 2 2

3

0

d x

x

dt

Akar-akarnya adalah bilangan riil dan berbeda

Jika akar persamaan karakteristik adalah dan , maka solusi dari persamaan diferensial tersebut adalah :

y

C e

₁ x

C e

₂ x, jika y adalah variabel dependent dan x adalah variabel independent.

0 0.2 0.4 0.6 0.8 1 1.2 0 1 2 3 4 Contoh V.3

Temukan solusi dari persamaan diferensial :

2 2

4

3

0

(0) 1, x (0)

0

d x

dx

x

x

dt

dt

3 langkah penyelesaian :

1. Tuliskan persamaan karakteristik dan cari nilai 2. Tuliskan solusi umum

3. Cari nilai konstanta dari solusi umum Jawab :

(1) 2 4 3 0 ( 3)( 1) 0 3, 1

(2)

x

C e

₁ 3t

C e

₂ t

(3) (i) x(0) 1 1 C₁ C₂

(ii)

x

3

C e

₁ 3t

C e

₂ t , x(0) 0 0 3C1 C2

maka dicari nilai C1 dan C2 dari persamaan : 1 = C1 + C2 dan 0 = -3C1 -C2

1 1 2 C C _, 0 3(1 C2) C2 2

3

2

C

_,

C

₁

1

2

sehingga solusi dari

2 2

4

3

0,

(0) 1, x (0)

0

d x

dx

x

x

dt

dt

adalah 3

1

3

2

2

t t

x

e

e

apabila digambar dalam grafik akan terlihat seperti gambar berikut :

Gambar. Grafik dari

1

3

3

2

2

t t

x

e

e

Contoh V.4

Temukan solusi dari persamaan diferensial :

2 2

7

12

0

(0) 1

0

0

d x

dx

x

x

x ( )

dt

dt

Jawab : (1) 2 7 12 0 ( 3)( 4) 0 3, 4 (2)

x

C e

₁ 3t

C e

₂ 4t, x(0) 0 0 3C₁ 4C₂ (3) 1 = C1 + C2 dan 0 = 3 C1 + 4 C2 2 3 C _, C₁ 4

Jadi solusi selengkapnya dari persamaan diferensial

2 2

7

12

0

d x

dx

x

dt

dt

dengan (0) 1 0 0

-400 -350 -300 -250 -200 -150 -100 -50 0 50 0 0.2 0.4 0.6 0.8 1 1.2 1.4

Gambar V.1 grafik fungsi x 4e3t 3e4t

Jika akar-akar persamaan karakteristik merupakan bilangan kompleks dan sama.

Jika akar persamaan karakteristik adalah , maka solusi dari persamaan diferensial tersebut adalah :

1cos 2sin

y C x C x

Perhatikan contoh soal berikut : Contoh V.5

Tentukan solusi dari :

2 2

4

0

d y

y

dx

Jawab :

Persamaan karakteristik dari

2 2

4

0

d y

y

dx

adalah : 2 4 0, 2 4, maka 2

oleh karenanya, solusi umum yang didapatkan adalah :

2 2

1 2

jx jx

y

C e

C e

berdasarkan sifat trigonometri :

2 cos 2 sin 2 jx e x j x 2 cos 2 sin 2 jx e x j x maka didapatkan :

1(cos 2 sin 2 ) 2(cos 2 sin 2 )

y C x j x C x j x

jika C₁ C₂ A

1 2

C j C j B

maka : y Acos 2x Bsin 2x

Jika akar-akar persamaan karakteristik merupakan bilangan kompleks

Jika akar persamaan krakteristik adalah a bj, maka solusi dari persamaan diferensial tersebut adalah : 1 2

(

cos

sin

)

ax

y

e

C

bx C

bx

Contoh V.6

Tentukan solusi dari persamaan diferensial : '' 2 ' 4 0

y y y

jawab :

Persamaan karakteristik : 2 2 4 0

2

4

2

b

b

ac

a

2

2

2

4.1.4

2.1

2 4 16 2 ,  1 3 j

maka solusi umumnya adalah :

( cos 3

sin 3 )

x

y

e

A

x

B

x

Jika akar persamaan karakteristik berupa bilangan riil dan sama maka solusi umumnya berbentuk : y x e. x

Contoh V.6 '' 9 0 y

Persamaan karakteristik : 2 9 0,  3

Solusi dari persamaan diferensial tersebut adalah : y x e. 3x Latihan Soal

1. tentukan persamaan karakteristik dari :

2 2

1

0

di

di

L

R

i

dt

dt

C

2. tentukan solusi dari persamaan diferensial homogen orde 2 berikut : a. 2 2

8

0

d y

dy

y

dx

dx

b. 2 2

2

0

d y

dy

y

dx

dx

c . 2 2

16

0

d x

x

dt

d. 2 2

5

6

0

d x

dx

x

dt

dt

e. 2 2

0

d y

dy

y

dx

dx

Persamaan Diferensial Linear Non-Homogen Orde 2 dengan Koefisien Konstan (Second Order Homogeneous Linear Differential Equations With Constant Coefficients)

Dari bentuk umum persamaan diferensial linear orde 2

2 2

( )

d y

( )

dy

( )

( )

p x

q x

r x y

f x

dx

dx

jika f x( ) 0, maka solusi khusus persamaan diferensial tersebut dicari dengan mencobanya dengan menggunakan ketentuan sebagai berikut : :

f(x) Solusi coba-coba

Konstanta Konstanta

cos kx acoskx bsinkx

sin kx acoskx bsinkx

kx

ae kx

ae

Solusi total merupakn penjumlahan dari solusi khusus dan solusi umum. Solusi_total = Solusi_Umum + Solusi_Khusus

Contoh V.7

Carilah solusi dari persamaan diferensial :

2

2

6

8

3cos

d y

dy

y

x

dx

dx

(1). Mencari solusi umum Persamaan karakteristik dari

2 2

6

8

0

d y

dy

y

dx

dx

adalah : 2 6 8 0 ( 4)( 2) 0 1 2, 2 4

Sehingga solusi umumnya adalah :

C e

₁ 2x

C e

₂ 4x (2) Mencari solusi khusus

Beberapa langkah yang harus dilakukan dalam mengerjakan solusi khusus : 1. Cari fungsi yang merupakan solusi khusus berdasarkan tabel Berdasarkan tabel, maka solusi khusus dimisalkan adalqh fungsi :

y x

_p

( )

a

cos

x b

sin

x

2. Cari turunan pertama dan kedua, kemudian substitusikan ke dalam persamaan diferensial Turunan pertamanya :

y

' ( )

_p

x

a

sin

x b

cos

x

Turunan keduanya :

y

'' ( )

_p

x

a

cos

x b

sin

x

Selanjutnya substitusikan ke persamaan diferensial

2

2

6

8

3cos

d y

dy

y

x

dx

dx

(

y

'' ( )

_p

x

a

cos

x b

sin

x

)–6(

y

' ( )

_p

x

a

sin

x b

cos

x

)+ (

y x

_p

( )

a

cos

x b

sin

x

) = 3cos x

2. Kelompokkan koefisien- koefisien yangs sejenis, dan cari nilai konstantanya Untuk koefisien cos x :

( a 6b 8 ) cosa x ( b 6a 8 ) sinb x 3cosx ( a 6b 8 ) cosa x 3cosx

(7a 6 )b 3

Untuk koefisien sin x : ( b 6a 8 ) sinb x 0 ( b 6a 8 )b 0 (6a 7 )b 0

Maka dapat dicari nilai a dan b, yaitu :

21

,

18

85

85

a

b

3. Substitusikan nilai konstanta yang didapat ke dalam solusi khusus persamaan diferensial

Solusi khusus :

y x

_p

( )

a

cos

x b

sin

x

adalah :

21

18

( )

cos

sin

85

85

p

solusi_total = Solusi_Umum + Solusi_Khusus =

C e

₁ 2x

C e

₂ 4x+

21

cos

18

sin

85

x

85

x

Latihan Soal :

Temukan solusi khusus dari : 1. 2 2

6

8

d y

dy

y

x

dx

dx

LATIHAN SOAL TERPADU

1. Tentukan solusi dari persamaan diferensial

dy

y

dx

y

, dengan , , , adalah konstanta.

2. Temukan solusi persamaan diferensial berikut dengan metode pemisahan variabel : (a)

dy

dx

y

x

2

0

sin

3. Pergerakan suatu benda yang jatuh ke bumi memiliki persamaan : bv

g t d

dv

Tentukan kecepatan benda tersebut pada waktu t, jika

v( )

0

0.

4. Inti bahan radioaktif mengalami peluruhan dengan fungsi peluruhan :

dN

d t N

N adalah konsentrasi(massa) inti bahan radioaktif tersebut and adalah konstanta peluruhan. Temukan

N t

( )

dengan kondisi awal N( )0 No.

5. Dari persamaan diferensial berikut, tentukan : (a) apakah bersifat linear

(b) sebutkan orde persamaan diferensial tersebut

(c) buktikan bahwa fungsi yang diberikan merupakan solusi dari persamaan diferensial tersebut : i.

t

dy

y

,

y

ct

4

dt

ii.

y

dy

t

,

y

2

t

2

c y

,

0

dt

iii. 2 2

4,

3 .

4

t

d y

dy

t

t

y

y

t e

dt

dt

iv. 2 2 2 3 2 2

3

y

d y

6 (

y

dy

)

2,

y

t

dt

dt

6. Temukan solusi dari persamaan diferensial dengan kondisi awal berikut ini : a.

dy

6

t

0,

y

(1)

6

b.

dy

5

y

sin(12 ),

t

y

(0)

0

dt

c.

dy

3

y

0,

y

(0) 1

dt

d.

4

dy

y

4,

y

(0)

2

dt

e.

1

6

3sin(5 )

2 cos(5 ),

(0)

0

2

dy

y

t

t

y

dt

f.

3

dy

2

y

e

t

,

y

(0)

3

dt

7. Temukan faktor pengintegralan dari persamaan diferensial biasa berikut dan tentukan solusinya :

(a) y2dx xydy 0

(b) (x2 y2 x)dx xy dy 0

8. Buktikan bahwa persamaan diferensial berikut bersifat eksak dan tentukan solusi dari persamaan diferensial tersebut :

(a) ax by dx bx cy dy 0 (b) 2x y2 2x dy 2x y2 2y dx 0

Aplikasi Persamaan Diferensial Dalam Bidang Teknik Elektro

Rangkaian LRC pada gambar dapat dimodelkan ke dalam persamaan diferensial dengan aturan-aturan sebagai berikut :

1. Hukum II Kirchoff’s tentang tegangan : jumlah/sigma keseluruhan tegangan dalam loop tertutup adalah nol (the sum of all the voltage drops around any closed loop is zero). 2. Tegangan pada pada resistor, VR, adalah sebanding dengan arus yang melewatinya, yang

dirumuskan dengan : VR = iR (Hukum Ohm’s ), dengan R adalah resistansi dari resistor.

3. Tegangan pada kapasitor adalah sebanding dengan muatan elektrik pada kapasitor, yaitu q, yang dirumuskan dengan :

Vc

1

.

q

C

, dengan C adalah kapasitansi kapasitor (dalam satuan farad) dan muatan q dalam satuan coulombs.

4. Tegangan pada induktor sebanding dengan laju perubahan arus listrik yang mengalir dalam satu satuan waktu. Dirumuskan sebagai : VL

di

L

dt

, dengan L adalah induktansi induktor yang diukur dalam satuan : henri.

Gambar VI. Rangkaian RLC dalam loop tertutup. Berdasarkan hukum II Kirchof (KVL II) :

1

( )

di

L

iR

q

v t

Oleh karena

i t

( )

dq

dt

, maka: 2 2

(

)

di

d dq

d q

dt

dt dt

dt

. Sehingga persamaan

1

( )

di

L

iR

q

v t

dt

C

menjadi : 2 2

( )

d q

dq

q

L

R

v t

dt

dt

c

Contoh VI.1

Sebuah rangkaian listrik yang terdiri dari komponen R, C, dan sumber tegangan sebagai berikut :

Jika pada saat t=0 switch tertutup, tegangan pada kapasitor adalah Vo, yaitu Vc (0) = Vo maka : 1. Buktikan bahwa persamaan diferensial yang terbentuk merupakan persamaan diferensial

linear orde pertama

2. Carilah solusi dari persamaan diferensial tersebut menggunakan metode faktor pengintegaraln

3. Carilah solusi khusus dari persamaan diferensial tersebut jika tegangan pada kpasitor mula-mula adalah Vo = 0. Solusi pada kondisi ini dinamakan : respon keadaan nol (zero state- response)

4. Carilah solusi persamaan diferensial yang terbentuk, jika tegangan sumber = 0 (Vs = 0). Solusi pada kondisi ini dinamakan : respon input nol (zero input- response)

5. buktikan bahwa solusi (2) merupakan penjumlahan antara zero state- responsedan zero input- response

Jawab :

1. berdasark hukum II Kirchof tentang tegangan : Vs t( ) VR Vc.

Arus yang mengalir pada resistor = arus yang mengalir pada kapasitor

R

Vs V

dVc

C

R

dt

, sehingga persamaan diferensial yang terbentuk adalah :

dVc

RC

Vc

Vs

dt

, yang dapat disederhanakan menjadi bentuk :

dVc

Vc

Vs

dt

RC

RC

(persamaan diferensial orde pertama linear) 2. dari pembentukan persamaan diferensial di atas terlihat bahwa :

P =

1

RC

, Q =

Vs

RC

, sehingga faktor pengintegralan ( ) diberikan sebagai :

Pdt

e

, 1 , dt Pdt RC e e t RC

e

solusi dapat dicari dengan rumus :

Vc

1

Qdt

, dengan Vs Vcos t. Maka :

Vs

R

C

Vc

V

R

i

+

-